Sekalaiset tehtävät
Sekalaiset tehtävät
Sekalaiset tehtävät
You also want an ePaper? Increase the reach of your titles
YUMPU automatically turns print PDFs into web optimized ePapers that Google loves.
<strong>Sekalaiset</strong> tehtävät, 11. syyskuuta 2005, sivu 12 / 13<br />
mikä on tosi väite kyseisellä välillä. Siis ratkaisut ovat<br />
π<br />
2 + n2π < x < π + n2π ja 3π<br />
+ n2π < x < (n + 1)2π.<br />
2<br />
2. Tarvitsee siis ratkaista epäyhtälö<br />
sin x + cos x = sin x + sin( π 2<br />
− x) > 0.<br />
Yhtälön sin x = − sin( π 2 − x) = sin(x − π 2 ) ratkaisut ovat x = x − π 2 + n2π<br />
tai x = π + π 2 − x + n2π. Ainoat ratkaisut ovat siis x = 3π 4<br />
+ nπ.<br />
Nyt esimerkiksi 3π 4 < π < 7π 4 < 2π < 3π 4<br />
+2π ja koska sin π+cos π = 0−1 <<br />
0 ja sin 2π + cos 2π = 0 + 1 > 0, niin funktion sin x + cos x jatkuvuuden<br />
perusteella ratkaisut ovat välit ] − π 4 + n2π, 3π 4<br />
+ n2π[, missä n ∈ Z.<br />
3. Edellisen kohdan perusteella epäyhtälön vasen puoli on positiivinen, kun<br />
] − π 4 + n2π, 3π 4<br />
+ n2π[, missä n ∈ Z. Tällöin voidaan suorittaa neliöön<br />
korotus eli saadaan, että<br />
sin 2 x + 2 sin x cos x + cos 2 x = 1 + sin(2x) > 1.<br />
Ratkaistavaksi jää epäyhtälö sin(2x) > 0 väleillä x ∈] − π 4 + n2π, 3π 4 + n2π[.<br />
Sinin kulusta saadaan suoraan, että nπ < x < π 2<br />
+ nπ. Yhdistämällä välit<br />
saadaan lopullinen tulos<br />
x ∈ ] n2π ,<br />
π<br />
+ n2π [,<br />
2<br />
missä n ∈ Z.<br />
4. Ensimmäinen tapa. Koska sin 2 x + cos 2 x = 1 kaikilla x ∈ R, niin<br />
1 = ( sin 2 x + cos 2 x ) 2<br />
= sin 4 x + } 2 sin 2 {{ x cos 2 x}<br />
+ cos 4 x.<br />
≥0<br />
Siis 1 ≥ sin 4 x + cos 4 x kaikilla x ∈ R. Täten tutkittava epäyhtälö sin 4 x +<br />
cos 4 x ≥ 1 on tosi täsmälleen silloin, kun yhtäsuuruus on voimassa eli<br />
2 sin 2 x cos 2 x = 0.<br />
12