analisis de vigas estaticamente indeterminadas - Ing. Carlos ...
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ANALISIS DE VIGAS ESTATICAMENTE INDETERMINADAS<br />
1.1. DEFINICIÓN.<br />
Se <strong>de</strong>nomina <strong>de</strong> esta manera a una barra sujeta a carga lateral; perpendicular<br />
a su eje longitudinal, en la que el número <strong>de</strong> reacciones en los soportes<br />
superan al número <strong>de</strong> ecuaciones disponibles <strong>de</strong>l equilibrio estático, esto es:<br />
el número <strong>de</strong> incógnitas es mayor que:<br />
F<br />
X<br />
F<br />
Y<br />
M<br />
<br />
<br />
<br />
0<br />
0<br />
0<br />
La figura 1, muestra una viga <strong>de</strong> este tipo con un extremo simple “A” y el otro<br />
empotrado “B” bajo una carga puntual P.<br />
P<br />
a b<br />
A B<br />
Fig. 1. Viga apoyada-empotrada.<br />
A continuación se muestra la viga indicando las reacciones en los soportes. En<br />
el soporte “A” existe sólo reacción vertical puesto que el rodillo no impi<strong>de</strong> el<br />
<strong>de</strong>splazamiento horizontal. En el empotramiento en “B” hay dos reacciones<br />
dado que este soporte no permite ni <strong>de</strong>splazamientos ni rotaciones.<br />
VA<br />
P<br />
Puesto que existen tres reacciones <strong>de</strong>sconocidas; las fuerzas cortantes VA y<br />
VB y el momento flexionante MB y sólo se dispone <strong>de</strong> dos ecuaciones <strong>de</strong><br />
equilibrio; M y Fy, la viga es estáticamente in<strong>de</strong>terminada o hiperestática<br />
pues no es posible conocer las tres reacciones con solo dos ecuaciones. (Hay<br />
más incógnitas que ecuaciones).<br />
Otro tipo <strong>de</strong> viga hiperestática es aquella que tiene más <strong>de</strong> dos soportes, y<br />
que se <strong>de</strong>nomina Viga Continua, como la que se muestra en la figura 2.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
VB<br />
MB
Este caso correspon<strong>de</strong> a una barra mucho más compleja <strong>de</strong> analizar puesto<br />
que ahora existen cinco reacciones externas <strong>de</strong> soporte; las fuerzas cortantes<br />
verticales y el momento flexionante en el empotramiento ubicado en “A”.<br />
Para la solución <strong>de</strong> estas <strong>vigas</strong> se requieren ecuaciones adicionales a las <strong>de</strong>l<br />
equilibrio estático, un camino a seguir consiste en hacer el análisis <strong>de</strong> las<br />
<strong>de</strong>formaciones angulares o rotaciones <strong>de</strong> los nodos cuando las barras se<br />
flexionan (pan<strong>de</strong>an), bajo el efecto <strong>de</strong> las cargas aplicadas. Este análisis se<br />
plantea más a<strong>de</strong>lante.<br />
1.2. INDETERMINACIÓN ESTATICA.<br />
Se <strong>de</strong>fine como el número <strong>de</strong> acciones redundantes o exceso <strong>de</strong> reacciones<br />
internas y externas, que no es posible <strong>de</strong>terminar por medio <strong>de</strong>l equilibrio<br />
estático. Se pue<strong>de</strong> <strong>de</strong>cir que es la diferencia entre el número <strong>de</strong> incógnitas y<br />
ecuaciones disponibles <strong>de</strong> equilibrio estático. Por ejemplo la viga <strong>de</strong> la figura<br />
1 tiene tres reacciones <strong>de</strong>sconocidas y solo se dispone <strong>de</strong> dos ecuaciones <strong>de</strong><br />
equilibrio, la viga es in<strong>de</strong>terminada en grado 1:<br />
Número <strong>de</strong> incógnitas = NI = 3<br />
Ecuaciones <strong>de</strong> equilibrio = EE = 2<br />
Grado <strong>de</strong> in<strong>de</strong>terminación = GI = NI – EE = 3 – 2 = 1<br />
Viga <strong>de</strong> la figura 2:<br />
P P<br />
w<br />
L 1 L 2 L 3<br />
A B C D<br />
MA<br />
Fig. 2. Viga continúa<br />
P P<br />
w<br />
VA VB VC VD<br />
NI = Reacciones verticales y momento en el empotramiento = 5<br />
EE = Equil. vertical y suma <strong>de</strong> momentos = 2<br />
GI = 5 – 2 = 3<br />
En ambos casos los GI representan el número <strong>de</strong> ecuaciones adicionales para<br />
su solución.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza
1.3. SOLUCION DE VIGAS HIPERESTATICAS.<br />
Se analizan <strong>vigas</strong> estáticamente in<strong>de</strong>termindas con objeto <strong>de</strong> conocer las<br />
reacciones externas e internas en los soportes, así como las <strong>de</strong>formaciones<br />
angulares y lineales que ocuren a través <strong>de</strong> su longitud cuando se les somete<br />
a carga axterna. Las <strong>de</strong>formaciones angulares son las rotaciones o pendientes<br />
que se mi<strong>de</strong>n mediante una tangente trazada a la curva elástica (Diagrama <strong>de</strong><br />
<strong>de</strong>formación) y las lineales son los <strong>de</strong>splazamientos verticales que se mi<strong>de</strong>n<br />
entre el eje original <strong>de</strong> la viga y el eje cuando la barra se flexiona. La figura 3<br />
muestra esta condición.<br />
P = Carga aplicada.<br />
= Rotación o pendiente.<br />
= Deformación lineal o flecha.<br />
1.3.1. METODO DE DE LA DOBLE INTEGRACIÓN.<br />
Es uno <strong>de</strong> tantos métodos que se basan en el análisis <strong>de</strong> las <strong>de</strong>formaciones,<br />
en particular la <strong>de</strong> los soportes. El método consiste en integrar<br />
sucesivamente una ecuación <strong>de</strong>nominada “Ecuación Diferencial <strong>de</strong> la<br />
Elástica” dada por la expresión:<br />
2<br />
d y <br />
EI <br />
2<br />
dx <br />
M x<br />
Tangente<br />
<br />
Fig. 3. Viga <strong>de</strong>formada por flexión<br />
Eje original no <strong>de</strong>formado<br />
E = Módulo elástico <strong>de</strong>l material <strong>de</strong>l que está hecha la viga.<br />
I = Momento <strong>de</strong> inercia <strong>de</strong> la sección transversal respecto al eje neutro.<br />
Mx = Ecuación <strong>de</strong> momentos a lo largo <strong>de</strong> toda la barra.<br />
P<br />
Curva elástica <strong>de</strong> <strong>de</strong>formación<br />
Al integrar sucesivamente la ecuación <strong>de</strong> momentos, aparecen constantes que<br />
será necesarios <strong>de</strong>finir. Estas constantes se <strong>de</strong>terminan en función <strong>de</strong> las<br />
condiciones <strong>de</strong> frontera, que generalmente las <strong>de</strong>finen los tipos <strong>de</strong> apoyo o la<br />
simetría <strong>de</strong> la carga. Recor<strong>de</strong>mos que un apoyo simple tiene pendiente pero<br />
no tiene flecha y un apoyo empotrado no tiene ni pendiente ni flecha. En un<br />
punto cualquiera <strong>de</strong> la viga, la pendiente es la misma analizando las cargas y<br />
momentos a la izquierda o a la <strong>de</strong>recha <strong>de</strong>l punto.<br />
Problema 1. Determine los momentos flexionantes y las reaciones verticales<br />
en la viga <strong>de</strong> la figura 4). Tomar EI constante. El apoyo 1 es simple el 2 es<br />
empotramiento.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza
Ecuaciones <strong>de</strong> momento. Se traza el diagrama <strong>de</strong> cuerpo libre indicando las<br />
reacciones <strong>de</strong>sconocidas y la carga aplicada. Enseguida se plantea la ecuación<br />
<strong>de</strong> momentos y se le integra sucesivamente.<br />
M x<br />
Criterio <strong>de</strong><br />
signos:<br />
+<br />
2<br />
EId y<br />
dx<br />
V x x 0 x 8<br />
2<br />
1<br />
1<br />
250 2<br />
V x 250x<br />
Integrando:<br />
EIdy<br />
dx<br />
V1<br />
x<br />
<br />
2<br />
3<br />
2<br />
2<br />
250x<br />
<br />
3<br />
4<br />
3<br />
C<br />
1<br />
1)<br />
V1<br />
x 250x<br />
EIY C1x<br />
C2<br />
2)<br />
6 12<br />
Cálculo <strong>de</strong> las constantes. La ecuación 1) proporciona la pendiente (dy/dx) en<br />
cualquier punto <strong>de</strong> la viga. El apoyo 2) está empotrado y no tiene pendiente<br />
por lo que sustituyendo x = 8 e igualando a cero se tiene:<br />
2<br />
V1<br />
( 8)<br />
250(<br />
8)<br />
0 C<br />
2 3<br />
C 42, 666.<br />
66 32 V<br />
1<br />
3<br />
1<br />
1<br />
La ecuación 2) proporciona la flecha (Y) en cualquier punto <strong>de</strong> la viga. El<br />
apoyo 1) es simple y no tiene flecha, por lo que sustituyendo x = 0 e<br />
igualando a cero, se tiene: C2 = 0<br />
En la misma ecuación 2) la flecha es cero en x = 8 y sustituyendo C1 logramos<br />
obtener una ecuación en función <strong>de</strong> la reacción V1 la que al resolverse nos da<br />
su valor.<br />
3<br />
4<br />
0 1<br />
V1<br />
( 8)<br />
<br />
6<br />
250(<br />
8)<br />
<br />
12<br />
V1<br />
500 kg/m<br />
8.00 m<br />
1 2<br />
Fig. 4<br />
x<br />
( 42,<br />
666.<br />
66 32V<br />
) 8<br />
500 kg/m<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
V2<br />
M2
V1 = 1500.00 kg<br />
Por equilibrio <strong>de</strong> fuerzas verticales se obtiene la reacción V2.<br />
V1 + V2 - 500(8) = 0<br />
V2 = 2500.00 kg<br />
Conocidas las reacciones verticales, el momento M2 pue<strong>de</strong> calcularse<br />
sumando momentos en el nodo 1) o en el 2) o sustituyendo x = 8 en la<br />
ecuación <strong>de</strong> momentos.<br />
M1 = M2 + 500(8)4 - 2500(8) = 0<br />
M2 = 4000.00 kg.m<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
Problema 2. Obtenga los momentos y reacciones verticales para la viga <strong>de</strong> la<br />
figura 5). Trace también los diagramas <strong>de</strong> fuerza cortante y <strong>de</strong> momento<br />
flexionante. Si la sección transversal es compacta rectangular <strong>de</strong> 15x25 cm,<br />
calcule la flecha al centro <strong>de</strong>l claro para un móduloelástico <strong>de</strong> 250,000.00<br />
cm 4 .<br />
Ecuaciones <strong>de</strong> momento. Se traza el diagrama <strong>de</strong> cuerpo libre indicando las<br />
reacciones <strong>de</strong>sconocidas y la carga aplicada. Enseguida se plantea la ecuación<br />
<strong>de</strong> momentos y se le integra sucesivamente.<br />
Criterio <strong>de</strong><br />
signos:<br />
+<br />
1500 kg<br />
500 kg/m<br />
M1<br />
800 kg<br />
5.00 m 5.00 m<br />
1 2<br />
Fig. 5)<br />
x<br />
2500<br />
4000 kg.m<br />
800 kg<br />
V1 V2<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
X1<br />
M2
M x<br />
Mx1 V x<br />
M<br />
<br />
1<br />
V<br />
1<br />
x<br />
1<br />
1<br />
M<br />
0 x 5 <br />
Integrando la ecuacion 1).<br />
2<br />
EId y<br />
2<br />
dx<br />
EIdy<br />
dx<br />
1<br />
1<br />
V x M<br />
<br />
V<br />
1<br />
x<br />
2<br />
3<br />
2<br />
1<br />
1)<br />
800( x1<br />
5)<br />
5 x1<br />
19<br />
<br />
M x C<br />
1<br />
2<br />
1<br />
3)<br />
V1x<br />
M1x<br />
EIY C1x<br />
C2<br />
4)<br />
6 2<br />
En las ecuaciones 3) y 4), la pendiente (dy/dx) y la felcha (Y) son cero en el<br />
apoyo 1, esto es cuando x = 0. Para esta condición C1 y C2 son cero.<br />
C1 = C2 = 0<br />
Integrando la ecuación 2).<br />
2<br />
EId y<br />
dx<br />
2<br />
1<br />
EIdy<br />
dx<br />
1<br />
V<br />
<br />
V<br />
1<br />
x<br />
2<br />
1<br />
2<br />
1x1<br />
3<br />
M<br />
M<br />
1<br />
1<br />
800( x1<br />
5)<br />
x<br />
2<br />
1<br />
2<br />
800(<br />
x1<br />
5)<br />
<br />
2<br />
C<br />
3<br />
5)<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
2)<br />
V1x1<br />
M1x1<br />
800(<br />
x1<br />
5)<br />
EIY <br />
C3x1<br />
C4<br />
6)<br />
6 2 6<br />
3<br />
En las ecuaciones 3) y 5) la pendiente es la misma cuando x = x1 = 5. Al<br />
comparar estas ecuaciones resulta C3 = 0<br />
En las ecuaciones 4) y 6) la flecha es la misma cuando x = x1 = 5. Al comparar<br />
estas ecuaciones resulta C4 = 0<br />
Se requieren ahora 2 ecuaciones <strong>de</strong> equilibrio. Estas ecuaciones se obtienen<br />
para x1 = 10 en 5) y 6), ya que en este apoyo la pendienete y la flecha son<br />
cero.<br />
En 5) cuando x1 = 10, (dy/dx1 = 0):<br />
2<br />
V1<br />
( 10)<br />
800(<br />
10 5)<br />
0 10 M1<br />
<br />
2<br />
2<br />
50V1 - 10M – 10,000.00 = 0 -------- 7)<br />
En 6) cuando x1 = 10, (Y = 0):<br />
2
1<br />
6<br />
3<br />
V ( 10)<br />
2<br />
M1<br />
( 10)<br />
800(<br />
10 - 5)<br />
<br />
10C3<br />
C<br />
2<br />
6<br />
166.666 V1 - 50 M1 - 16,666.666 = 0 ------- 8)<br />
Resolviendo las ecuaciones 7) y 8).<br />
V1 = 400 kg<br />
M1 = 1000 kg.m<br />
Diagramas <strong>de</strong> cortante y <strong>de</strong> momento.<br />
3<br />
Flecha al centro <strong>de</strong>l claro. Se obtiene en la ecuaciómn 4) para x = 5.00 m.<br />
3<br />
2<br />
V1x<br />
M1x<br />
EIY C1x<br />
C2<br />
4)<br />
6 2<br />
4,<br />
1666.<br />
666<br />
Y <br />
<br />
EI<br />
E = 250,000.00 kg/cm 2<br />
3<br />
15(<br />
25)<br />
I 19,<br />
531.<br />
25 cm<br />
12<br />
4,<br />
1666.<br />
666 ( 10)<br />
Y <br />
0.<br />
853 cm<br />
250,<br />
000.<br />
00 ( 19,<br />
531.<br />
25)<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
6<br />
1000 kg.m<br />
4<br />
800 kg<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
4<br />
<br />
0<br />
400 kg 400 kg<br />
400<br />
1000<br />
1000<br />
400<br />
1000<br />
1000 kg.m<br />
Fuerza Cortante<br />
Momento Flector
Problema 3. La viga <strong>de</strong> la figura 6) tiene ambos extremos empotrados y recibe<br />
una carga uniformemente variable <strong>de</strong> 1200 kg/m. Determine los momentos y<br />
las reacciones verticales en los empotramientos. Tomar EI constante.<br />
Incógnitas y ecuación <strong>de</strong> momentos.<br />
La altura (y) <strong>de</strong> la carga triangular a la distancia (x) se obtiene por triangulos<br />
semejantes.<br />
y <br />
w x<br />
L<br />
La resultante <strong>de</strong>l triangulo ubicado en la longitud (x) y <strong>de</strong> altura (y) es su<br />
área (yx/2) y se ubica a (x/3) que es su centro <strong>de</strong> gravedad <strong>de</strong> <strong>de</strong>recha a<br />
izquierda. La ecuación <strong>de</strong> momentos es entonces:<br />
wx x x<br />
V X <br />
MA<br />
0 x<br />
L<br />
L 2 3<br />
Mx A<br />
M<br />
6 <br />
w x<br />
Mx VA<br />
X<br />
L<br />
3<br />
A<br />
Se escribe la ecuación diferencial y se integra sucesivamente.<br />
EI d<br />
dx<br />
2<br />
2<br />
dy<br />
dx<br />
y<br />
3<br />
wx<br />
VA<br />
X M<br />
6L<br />
V x<br />
<br />
2<br />
EI A<br />
2<br />
4<br />
wx<br />
M<br />
24L<br />
A<br />
A<br />
x<br />
<br />
C<br />
1<br />
Ec.<br />
( 1 )<br />
En esta ecuación cuando x = 0, la pendiente dy/dx es cero y por tanto la<br />
constante C1 = 0.<br />
3<br />
VAx<br />
EIY <br />
6<br />
5<br />
2<br />
wx MAx<br />
<br />
120L<br />
2<br />
C<br />
2<br />
MA<br />
Ec.<br />
L = 6.00 m<br />
A<br />
Fig. 6<br />
B<br />
VA<br />
x<br />
( 2)<br />
W = 1200 kg/m<br />
W = 1200 kg/m<br />
En esta ecuación cuando X = 0, la flecha Y = 0 y por tanto la constante C2 = 0.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
y<br />
VB<br />
MB
En las ecuaciones (1) y (2) cuando x = L, la pendiente y la flecha son cero. De<br />
aquí resultan dos ecuaciones con dos incognitas.<br />
dy/dx = 0. En la ecuación 1.<br />
x = L<br />
2<br />
VAL<br />
2<br />
<br />
3<br />
wL<br />
24<br />
M L<br />
A<br />
<br />
0<br />
Y = 0. En ecuación 2.<br />
X = L<br />
3<br />
VA L<br />
6<br />
<br />
4<br />
wL<br />
120<br />
<br />
2<br />
MAL<br />
2<br />
<br />
Ec.<br />
0<br />
( 3)<br />
Ec.<br />
( 4)<br />
La solución <strong>de</strong> las ecuaciones (3) y (4) dan los siguientes resultados:<br />
M A<br />
v a<br />
2<br />
wL<br />
<br />
30<br />
3wL<br />
<br />
20<br />
<br />
<br />
1200 ( 6)<br />
30<br />
2<br />
3(<br />
1200 ) ( 6 )<br />
20<br />
1,<br />
440.<br />
00<br />
kg.<br />
m<br />
1,<br />
080.<br />
00 kg.<br />
La reacción vertical en B se obtiene por equilibrio <strong>de</strong> fuerzas.<br />
V B<br />
wL<br />
<br />
2<br />
3wL<br />
20<br />
7wL<br />
7(<br />
1200 ) ( 6 )<br />
<br />
20 20<br />
<br />
2,<br />
520.<br />
00<br />
El momento en B se obtiene por suma <strong>de</strong> momentos en A o en B.<br />
wL 2L<br />
wL 7wl<br />
M A <br />
B<br />
2 3 30 20<br />
M B<br />
2<br />
wL<br />
<br />
20<br />
<br />
2<br />
1200 ( 6)<br />
20<br />
Resultados finales.<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
2<br />
<br />
L M 0<br />
2,<br />
160.<br />
00<br />
1440<br />
1080<br />
kg.<br />
m<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
kg.<br />
W = 1200 kg/m<br />
2520<br />
2160.00
Problema 4. La viga <strong>de</strong> la figura 7) tiene ambos extremos empotrados y recibe<br />
una carga uniformemente distribuida <strong>de</strong> 1200 kg/m. Determine los momentos<br />
y las reacciones verticales en los empotramientos. Tomar EI constante.<br />
Incógnitas y ecuaciones <strong>de</strong> momento.<br />
Mx A<br />
V x - MA<br />
0 x 5<br />
Integrando sucesivamente:<br />
2<br />
EI d y<br />
V x - M<br />
2 A A<br />
dx<br />
EI A<br />
dy<br />
dx<br />
EI Y<br />
2<br />
V x<br />
<br />
2<br />
3<br />
VAx<br />
<br />
6<br />
M x C<br />
A<br />
2<br />
MA<br />
x<br />
<br />
2<br />
1<br />
1<br />
Ec.<br />
C x C<br />
Ec.<br />
( 2).<br />
2<br />
( 1)<br />
Ec.<br />
( 3)<br />
En las Ec. (2) y (3) la pendiente “dy/dx” y la flecha “y”, son cero por estar el<br />
apoyo empotrado y por tanto, las constantes C1 y C2 son cero.<br />
Mx1 VAx<br />
1<br />
Integrando:<br />
EI A<br />
dy<br />
dx<br />
EI Y<br />
1<br />
<br />
<br />
V x<br />
2<br />
VAx<br />
6<br />
3<br />
1<br />
(x1<br />
- 5)<br />
300 ( x1<br />
5)<br />
MA<br />
5 x1<br />
10<br />
2<br />
2<br />
1<br />
<br />
3<br />
300(<br />
x1<br />
- 5)<br />
6<br />
300(<br />
x1<br />
- 5)<br />
<br />
24<br />
4<br />
M A<br />
V A<br />
M<br />
A<br />
x<br />
1<br />
2<br />
1<br />
MA<br />
x<br />
<br />
2<br />
x<br />
<br />
<br />
X1<br />
C<br />
3<br />
C<br />
3<br />
x<br />
1<br />
W = 300 kg/m<br />
5.00 m 5.00 m<br />
A B<br />
Fig. 7<br />
W = 300 kg/m<br />
Ec.<br />
( 5)<br />
Ec.<br />
( 6)<br />
Ec.<br />
( 4 )<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
<br />
C<br />
4<br />
V B<br />
M B
En las ecuaciones (2) y (5) la pendiente tiene el mismo valor cuando<br />
“x = x1 = 5”, por tanto, al igualar estas ecuaciones, resulta C3 = 0.<br />
En las ecuaciones (3) y (6) la flecha tiene el mismo valor cuando<br />
“x = x1 = 5”, por tanto al igualar estas ecuaciones, resulta C4 = 0.<br />
En la Ec. (5) la pendiente “dy/dx” es cero cuando x1 = 10, sustituyendo este<br />
valor resulta la siguiente ecuación:<br />
0<br />
2<br />
VA<br />
( 10 ) 300 ( 10 - 5)<br />
<br />
2<br />
6<br />
50 10MA<br />
6,<br />
250.<br />
00 <br />
V A<br />
3<br />
10M<br />
0<br />
A<br />
Ec. ( 7)<br />
En la Ec. (6) la flecha es cero cuando x1 = 10:<br />
0<br />
<br />
V A<br />
( 10 )<br />
6<br />
3<br />
300(<br />
10 - 5)<br />
<br />
24<br />
4<br />
<br />
M<br />
166 666 V 50MA<br />
7,<br />
812.<br />
50 <br />
. A<br />
A<br />
( 10 )<br />
2<br />
0<br />
2<br />
Ec. ( 8)<br />
Al resolver las ecuaciones (7) y (8), resulta:<br />
MA = 781.25 kg.m<br />
VA = 281.25 kg<br />
VB =1,218.75 kg Se obtiene por equilibrio vertical.<br />
MB=1,718.75 kg.m<br />
Verificación <strong>de</strong> los momentos con fórmula:<br />
M A<br />
M B<br />
<br />
2<br />
5w<br />
L<br />
192<br />
2<br />
11w<br />
L<br />
<br />
192<br />
<br />
<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
5(<br />
300 ) ( 10 )<br />
192<br />
2<br />
11(<br />
300 ) ( 10 )<br />
192<br />
781.<br />
25 kg.<br />
m<br />
2<br />
1718.<br />
75 kg.<br />
m<br />
781.25<br />
W = 300 kg/m<br />
281.25 1218.75<br />
281.25<br />
781.25<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
625<br />
4.0625<br />
756.84<br />
1718.75<br />
1218.75<br />
1718.75
Problema 5. Determinar los momentos y trazar los diagramas <strong>de</strong> fuerza<br />
cortante y <strong>de</strong> momento flexionante para la viga <strong>de</strong> la figura 8).<br />
Reacciones <strong>de</strong>sconocidas y ecuaciones <strong>de</strong> momento.<br />
La altura (y) <strong>de</strong>l triángulo <strong>de</strong> base (x) se obtiene por triángulos semejantes<br />
(y =100x) y su resultante es su área (R = yx/2) aplicada a 2/3 <strong>de</strong> la base (x)<br />
a partir <strong>de</strong>l extremo izquierdo o 1/3 <strong>de</strong>l extremo <strong>de</strong>recho (x/3).<br />
M x<br />
EI d<br />
dx<br />
yx x 100 x<br />
V1x<br />
V1x<br />
<br />
2 3<br />
6<br />
2<br />
2<br />
y<br />
V x <br />
1<br />
100 3<br />
x<br />
6<br />
Integrando sucesivamente:<br />
EI dy<br />
dx<br />
2<br />
V1x<br />
<br />
2<br />
3<br />
4<br />
100 x<br />
<br />
24<br />
5<br />
<br />
C<br />
1<br />
3<br />
0 x 4<br />
Ec.<br />
2).<br />
V1x<br />
100 x<br />
EIY C1x<br />
C2<br />
Ec.<br />
3).<br />
6 120<br />
V1<br />
● 4.00 m 4.00 m<br />
1 2<br />
●<br />
Fig. 8<br />
400 kg/m<br />
Ec.<br />
1).<br />
En la Ec. 3), cuando x = 0, la flecha (Y) es cero, y por tanto C2 = 0.<br />
x<br />
y<br />
X1<br />
400 kg/m<br />
Ecuación <strong>de</strong> momentos a la distancia x1: Para esta distancia <strong>de</strong>be tomarse la<br />
resultante total <strong>de</strong> la carga triangular ya que queda ubicada a la izquierda <strong>de</strong>l<br />
punto don<strong>de</strong> se está cortando, es <strong>de</strong>cir: (R = 400(4)/2 = 800 kg) y se aplica<br />
al centroi<strong>de</strong>, esto es a ( 2/3 <strong>de</strong> 4 = 8/3 = 2.666).<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
V2<br />
M2
Mx<br />
1<br />
2<br />
V x ( x 2.<br />
666 ) 4 x 8<br />
1<br />
1<br />
EId<br />
y<br />
V1<br />
x<br />
2<br />
dx<br />
1<br />
800 1<br />
800( x1<br />
2.<br />
666 )<br />
Integrando sucesivamente:<br />
EIdy<br />
dx<br />
<br />
V<br />
2<br />
1x1<br />
2<br />
3<br />
800(<br />
x<br />
<br />
1<br />
2.<br />
666 )<br />
2<br />
2<br />
C<br />
3<br />
Ec.<br />
4).<br />
V1<br />
x1<br />
800(<br />
x1<br />
2.<br />
666 )<br />
EI Y <br />
C3<br />
x C4<br />
Ec.<br />
5)<br />
6<br />
6<br />
3<br />
Comparando las ecuaciones 2) y 4) en x = x1 = 4, la pendiente es la misma:<br />
C<br />
1<br />
100(<br />
4)<br />
<br />
24<br />
4<br />
C C 355.<br />
555 Ec.<br />
6).<br />
1<br />
3<br />
<br />
C<br />
3<br />
800(<br />
4 2.<br />
666 )<br />
<br />
2<br />
Comparando las Ec. 3) y 5) en x=x1 = 4, la flecha es la misma:<br />
4C<br />
1<br />
100 ( 4)<br />
<br />
120<br />
5<br />
4C<br />
Sustituyendo Ec. 6):<br />
3<br />
C<br />
4<br />
2<br />
800(<br />
4 2.<br />
666)<br />
<br />
6<br />
4 3<br />
3 4<br />
( C 355.<br />
555)<br />
853.<br />
333 C C 316.<br />
0494301<br />
C4 = 884.9383<br />
En Ec. 4) cuando x1 = 8, la pendiente es cero (dy/dx1 = 0):<br />
1<br />
2<br />
2<br />
V ( 8)<br />
3<br />
800(<br />
8 2.<br />
666)<br />
C<br />
2<br />
C 11, 377.<br />
78062 32 V<br />
2<br />
1<br />
En Ec. 5) cuando x1 = 8, la flecha es cero (Y = 0):<br />
1<br />
6<br />
3<br />
V ( 8)<br />
3<br />
3<br />
<br />
0<br />
800(<br />
8 2.<br />
666)<br />
8(<br />
11,<br />
377.<br />
78062 32 V1<br />
) 884.<br />
9383 0<br />
6<br />
V1 = 420.00 kg.<br />
Por equilibrio vertical:<br />
400(<br />
4)<br />
V2 <br />
420.<br />
00 380.<br />
00 kg.<br />
2<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
3
Por suma <strong>de</strong> momentos en el nodo 1):<br />
400(<br />
4)<br />
2(<br />
4)<br />
<br />
M2 <br />
380(<br />
8)<br />
906.<br />
66 kg.<br />
m<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
Verificación con fórmula:<br />
2<br />
17w<br />
L 17(<br />
400)<br />
( 8)<br />
M2 <br />
906.<br />
66<br />
480 480<br />
2<br />
kg.<br />
m<br />
Punto don<strong>de</strong> la fuerza cortante es cero.<br />
V x<br />
400 x x <br />
420 <br />
<br />
4<br />
<br />
2<br />
<br />
<br />
X = 2.898275 m<br />
La ecuación <strong>de</strong> momentos es:<br />
M x<br />
400 x<br />
420 x <br />
0 x 4<br />
24<br />
X = 2.898275 m<br />
M = 811.52 kg.m<br />
X = 4.00 m<br />
M = 613.34 kg.m<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
3<br />
0<br />
400 kg/m<br />
420 380<br />
4.00 4.00<br />
420<br />
811.52<br />
613.34<br />
906.66<br />
Fuerza Cortante<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
380<br />
Momento Flexionante<br />
906.66
1.3.2. TEOREMAS DE OTTO MOHR.<br />
Es un método semigráfico i<strong>de</strong>ado por Christian Otto Mohr (1835-1918) y que<br />
representa una alternativa importante para calcular pendientes y flechas en<br />
puntos específicos <strong>de</strong> una viga. El procedimiento se conoce también como<br />
Método <strong>de</strong>l Area <strong>de</strong> Momentos y consiste en establecer <strong>de</strong> manera<br />
in<strong>de</strong>pendiente la variación <strong>de</strong> la pendiente y <strong>de</strong> la flecha en los puntos<br />
extremos <strong>de</strong> un intervalo cualquiera, generalmente <strong>de</strong>finido por los apoyos.<br />
En este intervalo intervienen las áreas <strong>de</strong> los diagramas <strong>de</strong> momentos y el<br />
momento <strong>de</strong> tales áreas. Es recomendable utilizar las áreas <strong>de</strong> los diagramas<br />
<strong>de</strong> momentos por partes ya que estos facilitan el cálculo <strong>de</strong>l área así como <strong>de</strong><br />
su centro <strong>de</strong> gravedad. El método consta <strong>de</strong> dos teoremas, a saber:<br />
Primer Teorema <strong>de</strong> Mohr. “La variación o incremento <strong>de</strong> la pendiente (θAB)<br />
entre las tangentes trazadas a la elástica en dos puntos cualquiera A y B es<br />
igual al producto 1/EI por el área <strong>de</strong>l diagrama <strong>de</strong> momentos flectores entre<br />
estos dos puntos”. En la figura 9) se indica esta condición.<br />
Don<strong>de</strong>:<br />
ΘAB = Cambio <strong>de</strong> pendiente entre las tangentes a la curva elásica.<br />
AAB = Area <strong>de</strong>l diagrama <strong>de</strong> momentos entre A y B.<br />
EI = Rigi<strong>de</strong>z a la flexión.<br />
L<br />
Segundo Teorema <strong>de</strong> Mohr. “La <strong>de</strong>sviación <strong>de</strong> un punto cualquiera B respecto<br />
<strong>de</strong> la tangente trazada a la elástica en otro punto cualquiera A, en dirección<br />
perpendicular al eje inicial <strong>de</strong> la viga, es igual al producto <strong>de</strong> 1/EI por el<br />
momento respecto <strong>de</strong> B <strong>de</strong>l área <strong>de</strong> la porción <strong>de</strong>l diagrama <strong>de</strong> momentos<br />
entre los puntos A y B”. La figura 10) muestra esdta condición.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
P<br />
A B<br />
ΘAB<br />
Viga con carga cualquiera.<br />
Tangentes por A y B.<br />
Cambio <strong>de</strong> pendiente θAB.<br />
M Diagrama <strong>de</strong> momentos<br />
cualquiera..<br />
Fig. 9). Viga simple con carga cualquiera.<br />
θ AB <br />
A<br />
AB<br />
EI
Don<strong>de</strong>:<br />
δBA = Desplazamiento vertical en B trazado perpendicularmente al eje original<br />
<strong>de</strong> la viga hasta intersectar con la tangente por A.<br />
ABA = Area <strong>de</strong>l diagrama <strong>de</strong> momentos entre los puntos B y A.<br />
X = cg = Centro <strong>de</strong> gravedad <strong>de</strong>l diagrama <strong>de</strong> momentos medidos <strong>de</strong>s<strong>de</strong> B.<br />
Problema 6). Calcular el momento en el empotramiento para la viga <strong>de</strong> la<br />
figura 11). Determinar también las reacciones verticales.<br />
Incognitas en la viga.<br />
L<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
P<br />
A B<br />
Viga con carga cualquiera.<br />
δ BA<br />
M Diagrama <strong>de</strong> momentos cualquiera y centro<br />
●cg<br />
<strong>de</strong> gravedad respecto al punto B.<br />
Fig. 10). Viga simple con carga cualquiera.<br />
δ BA <br />
800 kg./m<br />
6.00 m<br />
x<br />
A<br />
BA<br />
EI<br />
X<br />
A B<br />
Fig. 11). Viga apoyada-empotrada.<br />
V A<br />
800 kg./m<br />
V B<br />
M B
Diagrama <strong>de</strong> momentos por partes. Se obtienen dos <strong>vigas</strong> equivalentes<br />
simplemente apoyadas; una con la carga <strong>de</strong> 800 kg/m y la otra con MB.<br />
El objetivo es obtener el momento MB y puesto que la viga está empotrada en<br />
B la pendiente es cero y una tangente por ese punto es horizontal y entonces<br />
en el punto A el <strong>de</strong>splazamiento vertical es tambien cero. La ecuación que se<br />
requiere se obtiene sumando momentos en A para las áreas <strong>de</strong> los diagramas<br />
<strong>de</strong> momento, es <strong>de</strong>cir es el producto <strong>de</strong> las áreas y el centro <strong>de</strong> gravedad <strong>de</strong><br />
cada una medido <strong>de</strong>s<strong>de</strong> A. Las áreas arriba <strong>de</strong>l eje “x” se toman positivas.<br />
Se recuerdan las áreas y centroi<strong>de</strong>s <strong>de</strong> algunas figuras geométricas.<br />
Σ M<br />
A<br />
14400 ( 6)<br />
<br />
2<br />
MB = 3600.00 kg.m<br />
Reacciones verticales.<br />
800 kg./m<br />
14400 ( 6)<br />
6M<br />
B<br />
4 <br />
4. 50<br />
4 0<br />
Σ MA<br />
800( 6)<br />
3 3600 6VB<br />
0<br />
VB = 3000.00 kg.<br />
VA = 800(6) – 3000 = 1800.00 kg.<br />
3<br />
2<br />
Otra forma <strong>de</strong> resolver el problema. Consi<strong>de</strong>rense los diagramas <strong>de</strong><br />
momentos reales para cada viga simple.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
+<br />
2400 2400 MB/6 MB/6<br />
14400<br />
14400<br />
6.00 6.00<br />
● cg<br />
2L/3 L/3<br />
A <br />
ML<br />
2<br />
M<br />
x<br />
1800<br />
L<br />
● cg<br />
x<br />
A = ML/(n + 1)<br />
X = L/(n + 2)<br />
M B<br />
n = grado <strong>de</strong> la curva<br />
800 kg./m<br />
M B<br />
M<br />
x<br />
3000<br />
3600
El área total <strong>de</strong>l diagrama <strong>de</strong> la carga uniforme es 2ML/3. El momento<br />
máximo para esta carga es wL 2 /8 = 3600 kg.m.<br />
Σ M<br />
A<br />
2(<br />
3600 ) 6<br />
<br />
3<br />
MB = 3600.00 kg.m<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
6M<br />
B 3 4 0<br />
2<br />
Problema 7. Calcular la pendiente en el extremo A y la flecha al centro <strong>de</strong>l<br />
claro <strong>de</strong> la viga <strong>de</strong>l problema anterior, Fig. 12). Tomar EI constante.<br />
Trazar una tangente a la curva elástica por el punto A y una vertical por B.<br />
El <strong>de</strong>splazamiento “YB” se obtiene sumando momentos en “B” para las áreas<br />
<strong>de</strong> los diagramas <strong>de</strong> momentos.<br />
EIY B<br />
2(<br />
3600 ) 6<br />
<br />
3<br />
800 kg./m<br />
3600(<br />
6)<br />
3 <br />
( 2)<br />
21,<br />
600.<br />
00<br />
2<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
+<br />
2400 2400 MB/6 MB/6<br />
Mmáx.<br />
3.00 3.00<br />
Y0<br />
x<br />
.<br />
δmáx.<br />
Y1<br />
3.00 3.00<br />
A B<br />
y B<br />
3600<br />
3600<br />
6.00<br />
M B<br />
M B<br />
x
La pendiente en “A” se obtiene dividiendo “YB” entre la longitud.<br />
φ A<br />
21,<br />
600.<br />
00 3,<br />
600.<br />
00<br />
<br />
<br />
6EI<br />
EI<br />
El valor <strong>de</strong> la flecha al centro <strong>de</strong>l claro “δmáx.” se obtiene relacionando<br />
geométricamente los <strong>de</strong>splazamientos indicados en la figura anterior.<br />
δmáx. = Yo - Y1<br />
Don<strong>de</strong> “Yo” se obtiene por triángulos semejantes y “Y1” se obtiene sumando<br />
momentos para las áreas situadas a la izquierda <strong>de</strong>l centro <strong>de</strong>l claro.<br />
Y<br />
B<br />
6<br />
Y o<br />
<br />
Y<br />
o<br />
3<br />
3(<br />
21,<br />
600)<br />
10,<br />
800.<br />
00<br />
<br />
<br />
6EI<br />
EI<br />
Cg = Centro <strong>de</strong> gravedad <strong>de</strong> <strong>de</strong>recha a izquierda.<br />
<br />
3600 ( 3)<br />
3(<br />
3)<br />
<br />
1800 ( 3)<br />
3 <br />
EIY1 3600 ( 3)<br />
1.<br />
50 <br />
5,<br />
400.<br />
00<br />
<br />
3 4 <br />
2 3 <br />
Y<br />
1 <br />
δ Máx.<br />
5,<br />
400.<br />
00<br />
EI<br />
10,<br />
800.<br />
00<br />
<br />
EI<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
<br />
M<br />
L<br />
A = ML/3<br />
Cg = 3L/4<br />
5,<br />
400.<br />
00<br />
EI<br />
<br />
Y0<br />
5.<br />
400.<br />
00<br />
EI<br />
.<br />
δmáx.<br />
Y1<br />
3.00 3.00<br />
A B<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
y B<br />
3600<br />
1800
Prtoblema 8. Calcular los momentos flexionantes para la viga con ambos<br />
extremos empotrados <strong>de</strong> la figura 13). Tomar EI constante.<br />
Incógnitas en la viga.<br />
Digrama <strong>de</strong> momentos para cada acción actuando por separado. El momento<br />
máximo para la carga uniforme es wL 2 /8 = 15,000.00 kg.m. Estas gráficas y<br />
momentos correspon<strong>de</strong>n a <strong>vigas</strong> simplemente apoyadas.<br />
Como ambos extremos están empotrados, las pendientes en esos puntos son<br />
cero, y por tanto, una tangente trazadas por estos extremos son horizontales<br />
y entonces los <strong>de</strong>splazamientos o <strong>de</strong>sviaciones verticales son tambien cero.<br />
EI δ<br />
1<br />
M<br />
1<br />
<br />
0<br />
2( 15000)<br />
( 10)<br />
10M<br />
10<br />
10M2<br />
2(<br />
10)<br />
<br />
3<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
1<br />
5 <br />
<br />
0<br />
500 1<br />
2<br />
EI δ<br />
2<br />
, 000.<br />
00 16.<br />
666M<br />
33.<br />
333M<br />
0 Ec.<br />
1).<br />
M<br />
2<br />
1200 kg/m<br />
<br />
0<br />
2( 15000)<br />
( 10)<br />
10M<br />
2(<br />
10)<br />
10M2<br />
10<br />
3<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
1<br />
5 <br />
<br />
0<br />
500 1<br />
2<br />
, 000.<br />
00 33.<br />
333M<br />
16.<br />
666M<br />
0 Ec.<br />
2).<br />
Resolviendo las ecuaciones 1) y 2):<br />
M1 = M2 = 10,000.00 kg.m<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
15000<br />
M1<br />
V1<br />
M1<br />
M1<br />
1200 kg/m<br />
10.00 m<br />
1 2<br />
Fig. 13<br />
1200 kg/m<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
V2<br />
M2<br />
M2<br />
M2
Problema 9. Calcular los momentos flexionantes en los extremos <strong>de</strong> la barra<br />
<strong>de</strong> la figura 14). Ambos extremos están empotrados.<br />
Momentos <strong>de</strong>sconocidos.<br />
Diagramas <strong>de</strong> momentos para <strong>vigas</strong> simplemente apoyadas. El momento<br />
máximo para la carga puntual es (PL/4).<br />
Si ambos extremos están empotrados las <strong>de</strong>sviaciones verticales respecto a<br />
tangentes trazadas por ellos, son cero.<br />
EI δ1<br />
<br />
M<br />
3<br />
1<br />
0<br />
PL L L M1L<br />
L M2L<br />
2L<br />
<br />
<br />
<br />
0<br />
4<br />
<br />
2<br />
<br />
2<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
2<br />
1L<br />
PL M<br />
<br />
16 6<br />
<br />
M<br />
2<br />
L<br />
3<br />
2<br />
<br />
0<br />
Puesto que M1 y M2 son iguales <strong>de</strong>bido a la simetría, la solución <strong>de</strong> la<br />
ecuación anterior arroja los siguientes resultados:<br />
M M <br />
1<br />
2<br />
PL<br />
8<br />
P<br />
L/2 L/2<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
PL/4<br />
M 1<br />
M 1<br />
V 1<br />
M 1<br />
P<br />
L/2 L/2<br />
1 2<br />
Fig. 14<br />
P<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
V 2<br />
M 2<br />
M 2<br />
M 2
Problema 10. Calcular el momento flexionante en el extremo empotrado <strong>de</strong> la<br />
barra <strong>de</strong> la figura 15).<br />
Incógnitas en la viga.<br />
Diagramas <strong>de</strong> momentos para <strong>vigas</strong> simplemente apoyadas.<br />
La <strong>de</strong>sviación vertical en el apoyo “2” es cero <strong>de</strong>bido a que no hay pendiente<br />
en el empotramiento.<br />
EI δ2<br />
0<br />
( 8)<br />
8<br />
1600(<br />
4)<br />
4<br />
<br />
3200(<br />
4)<br />
4<br />
8M<br />
2(<br />
8)<br />
<br />
4 1600 4 2<br />
<br />
<br />
2<br />
<br />
<br />
<br />
3<br />
<br />
3<br />
<br />
4<br />
<br />
( )<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
<br />
<br />
4800 1<br />
M1 = 900.00 kg.m<br />
Verificación con fórmula.<br />
2<br />
4.00<br />
1600<br />
3200<br />
9wL<br />
9(<br />
200)<br />
( 8)<br />
M1 <br />
900.<br />
00 kg.<br />
m<br />
128 128<br />
Fin <strong>de</strong>l propblema.<br />
2<br />
200<br />
M 1<br />
200 kg/m<br />
4.00 4.00<br />
1 2<br />
Fig.15 Viga empotrada-apoyada<br />
200 kg/m<br />
V 1 V 2<br />
1600<br />
4.00 4.00<br />
4800<br />
4800<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
M 1<br />
M 1<br />
8.00<br />
0
Problema 11. Calcular los momento flexionantes en los extremo empotrados<br />
<strong>de</strong> la barra <strong>de</strong> la figura 16). Calcular también las reacciones verticales y trazar<br />
los diagramas <strong>de</strong> fuerza cortante y <strong>de</strong> momento flexionante.<br />
Incógnitas en la viga.<br />
Diagramas <strong>de</strong> momentos para las <strong>vigas</strong> equivalentes simplemente apoyadas.<br />
Para ambos extremos la <strong>de</strong>sviación vertical respecto a la tangente por<br />
cualquiera <strong>de</strong> ellos es cero.<br />
EI δ1<br />
<br />
0<br />
500 1500<br />
3 5 2<br />
6500<br />
3500<br />
3000<br />
500 1500<br />
( 10)<br />
2(<br />
10)<br />
3500 ( 7)<br />
2(<br />
7)<br />
3000 ( 2)<br />
2(<br />
2)<br />
10M1<br />
10<br />
10M<br />
2(<br />
10)<br />
<br />
3<br />
8 <br />
<br />
0<br />
2<br />
<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
<br />
<br />
6500 2<br />
94,750.00 – 16.666 M1 – 33.333 M2 = 0 Ec. 1).<br />
( 10)<br />
10<br />
3500 ( 7)<br />
7<br />
3000 ( 2)<br />
2<br />
10M1<br />
2(<br />
10)<br />
10M<br />
10<br />
<br />
<br />
2<br />
<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
<br />
<br />
6500 2<br />
77,750.00 – 33.333 M1 - 16.666 M2 = 0 Ec. 2).<br />
M 1<br />
500 1500<br />
3.00 5.00 2<br />
.<br />
1<br />
2<br />
.<br />
.<br />
Fig. 16. Viga con ambos extremos<br />
.empotrados.<br />
V 1 V2<br />
M 1<br />
M 1<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
M 2<br />
10.00 10.00<br />
0<br />
M 2<br />
M 2
Resolviendo las ecuaciones 1) y 2):<br />
M1 = 1,215.00 kg.m<br />
M2 = 2,235.00 kg.m<br />
Verificación con fórmula.<br />
2<br />
2<br />
Pa<br />
b 500 ( 3)<br />
( 7)<br />
1500(<br />
8)<br />
( 2)<br />
M1 <br />
<br />
1215.<br />
00<br />
2<br />
2<br />
2<br />
L<br />
( 10)<br />
( 10)<br />
2<br />
2<br />
2<br />
kg.<br />
m<br />
Pa<br />
b 500(<br />
3)<br />
( 7)<br />
1500 ( 8)<br />
( 2)<br />
M2 <br />
<br />
2235.<br />
00 kg.<br />
m<br />
2<br />
2<br />
2<br />
L<br />
( 10)<br />
( 10)<br />
2<br />
Reacciones verticales. Conocidos los momentos <strong>de</strong> empotramiento pue<strong>de</strong>n<br />
calcularse por equilibrio estático.<br />
M V 1215 2235 500(<br />
7)<br />
1500 ( 2)<br />
0<br />
2<br />
10 1<br />
V1 = 548.00 kg.<br />
V2 = 1452.00 kg.<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
1215<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
P<br />
M1 M2<br />
500 1500<br />
a b<br />
548 1452<br />
1215<br />
548<br />
429<br />
48<br />
669<br />
1452<br />
2235<br />
2235<br />
Diagrama <strong>de</strong><br />
Cortante<br />
Diagrama <strong>de</strong><br />
momentos
1.3.3. METODO DE LA VIGA CONJUGADA.<br />
Se <strong>de</strong>nomina viga conjugada a una barra en la que las cargas son los<br />
diagramas <strong>de</strong> momentos <strong>de</strong> las cargas reales dadas. La figura 17) muestra un<br />
ejemplo <strong>de</strong> este tipo <strong>de</strong> <strong>vigas</strong>.<br />
Relaciones entre la viga real y la viga conjugada.<br />
a.- La longitud <strong>de</strong> la viga real y <strong>de</strong> la conjugada es la misma.<br />
b.- La carga en la viga conjugada es el diagrama <strong>de</strong> momentos <strong>de</strong> la viga real.<br />
c.- La fuerza cortante en un punto <strong>de</strong> la viga conjugada es la pendiente en el<br />
mismo punto <strong>de</strong> la viga real.<br />
d.-El momento flexionante en un punto <strong>de</strong> la viga conjugada es la flecha en el<br />
mismo punto <strong>de</strong> la viga real.<br />
e.-Un apoyo simple real equivale a un apoyo simple en la viga conjugada.<br />
f.- Un apoyo empotrado real equivale a un extremo libre o voladizo <strong>de</strong> la viga<br />
conjugada.<br />
g.- Un extremo libre (voladizo) real equivale a un empotramiento conjugado.<br />
h.- Un apoyo interior en una viga continua equivale a un pasador o rticulación<br />
en la viga conjugada.<br />
RELACIONES ENTRE LOS APOYOS<br />
VIGA REAL VIGA CONJUGADA NOTAS<br />
1.- Apoyo simple<br />
1.- Apoyo simple<br />
2.- Apoyo empotrado.<br />
3.-Voladizo.<br />
4.- Apoyo interior.<br />
P<br />
a b<br />
2.- Sin apoyo: libre.<br />
3.- Apoyo empotrado.<br />
4.- Apoyo articulado o<br />
pasador.<br />
a b<br />
Viga Real Viga Conjugada<br />
Fig. 17). Viga simple real y viga conjugada.<br />
●<br />
P ab<br />
M máx <br />
L<br />
Un apoyo simple real no tiene flecha pero si<br />
tiene pendiente y por tanto el conjugado no<br />
tiene momento pero si tiene cortante;<br />
equivale a un apoyo simple.<br />
Un apoyo empotrado no tiene flecha ni<br />
pendiente y por tanto, el conjugado no tiene<br />
momento ni cortante; equivale a un voladizo.<br />
El extremos libre tiene pendiente y flecha y<br />
por tanto el conjugado tiene cortante y<br />
momento; equivale a un empotramiento.<br />
Un apoyo interior tiene pendiente pero no<br />
tiene flecha y por tanto tiene cortante pero<br />
no tiene momento; equivale a una<br />
articulación.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza
Problema 12. Para la viga simple <strong>de</strong> la figura 18), calcular la pendiente en los<br />
extremos y la flecha máxima. Tomar EI constante.<br />
Viga conjugada. Tiene los mismos apoyos, la misma longitud y la carga es el<br />
diagrama <strong>de</strong> momentos <strong>de</strong> la viga real.<br />
La pendiente en el apoyo 1) es la fuerza cortante V1), en la viga conjugada<br />
dividida entre el producto EI.<br />
θ<br />
1 <br />
V<br />
1<br />
EI<br />
Por simetría el cortante V1, es el área <strong>de</strong>l triángulo a la mitad <strong>de</strong>l claro.<br />
900(<br />
3)<br />
V1 1350.<br />
00<br />
2<br />
θ<br />
1 <br />
1350<br />
EI<br />
Verificación con fórmula.<br />
θ<br />
1<br />
2<br />
PL<br />
600(<br />
6)<br />
<br />
16EI<br />
16EI<br />
2<br />
1350<br />
<br />
EI<br />
Flecha al centro <strong>de</strong>l claro. Es el momento al centro <strong>de</strong>l claro para la viga<br />
conjugada.<br />
δ <br />
M<br />
EI<br />
900(<br />
3)<br />
3<br />
M 1350 ( 3)<br />
<br />
2700.<br />
00<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
2700<br />
δ <br />
EI<br />
V 1<br />
600 kg<br />
3.00 3.00<br />
1 2<br />
Fig. 18). Viga simple.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
V2<br />
900
Verificación con fórmula.<br />
3<br />
PL<br />
600(<br />
6)<br />
δ <br />
48EI<br />
48EI<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
3<br />
2700<br />
<br />
EI<br />
Problema 13. Calcular el momento en el empotramiento para la viga apoyadaempotrada<br />
<strong>de</strong> la figura 19).<br />
Diagramas <strong>de</strong> momentos para <strong>vigas</strong> simplemente apoyadas. La viga<br />
conjugada será una barra apoyada-volada.<br />
El momento en el apoyo 1) para las cargas <strong>de</strong> la viga conjugada es cero, por<br />
ser apoyo simple.<br />
M<br />
1<br />
V1<br />
6.00 m<br />
Viga Conjugada<br />
7200( 6)<br />
2(<br />
6)<br />
7200(<br />
6)<br />
3(<br />
6)<br />
6M1<br />
2(<br />
6)<br />
<br />
<br />
<br />
<br />
0<br />
2 3 3<br />
<br />
4<br />
<br />
2<br />
<br />
3<br />
<br />
<br />
M1 = 1800.00 kg.m<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
400 kg/m<br />
6.00 m<br />
1 2<br />
Fig. 19)<br />
400<br />
kg/<br />
m<br />
6.00<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
+<br />
7200<br />
7200<br />
Cargas en la Viga Conjugada<br />
6.00<br />
M1<br />
M1
1.4. VIGAS CONTINUAS.<br />
Se da el nombre <strong>de</strong> viga continua a una barra apoyada en más <strong>de</strong> dos<br />
soportes. La figura 20) muestra una viga <strong>de</strong> este tipo.<br />
Para el análisis <strong>de</strong> estas <strong>vigas</strong> existen una gran cantidad <strong>de</strong> métodos, pero en<br />
la mayoría <strong>de</strong> ellos se consi<strong>de</strong>ran los momentos <strong>de</strong> los nodos como las<br />
incognitas principales, para posteriormente, por equilibrio estático, obtener el<br />
resto <strong>de</strong> las incógnitas.<br />
1.4.1. ANALISIS POR SUPERPOSICION.<br />
El principio <strong>de</strong> superposición establece que el efecto <strong>de</strong> un conjunto <strong>de</strong> cargas<br />
que actua simultáneamente, es el mismo cuando se suman los efectos <strong>de</strong> cada<br />
una <strong>de</strong> ellas actuando por separado. Bajo este concepto, es posible solucionar<br />
una viga continua analizando las rotaciones en los extremos <strong>de</strong> las barras<br />
para las cargas dadas consi<strong>de</strong>rando a cada barra simplemente apoyada. Para<br />
su aplicación es necesario conocer las formulas <strong>de</strong> estas rotaciones para <strong>vigas</strong><br />
simples y cualquier tipo <strong>de</strong> carga. A continuación se dan las <strong>de</strong> uso común.<br />
Notación.<br />
Carga Rotación<br />
Extremo Izquierdo<br />
1.- Carga uniforme.<br />
2. -Carga parcial uniforme.<br />
w<br />
w<br />
3.-Carga parcial iforme.<br />
L<br />
L/2 L/2<br />
w<br />
a b<br />
φ<br />
1 <br />
φ<br />
M1<br />
wL<br />
3<br />
24EI<br />
1 <br />
9 wL<br />
3<br />
384EI<br />
2<br />
2<br />
2<br />
4L 4aL<br />
a <br />
wa<br />
φ1 <br />
<br />
24EIL<br />
P P P<br />
L1<br />
Rotacion<br />
Extremo Derecho<br />
24EI<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
L2<br />
1 2 3<br />
V1<br />
Fig. 20). Viga continua indicando cargas y<br />
reacciones <strong>de</strong>sconocidas.<br />
L<br />
M2<br />
1 2<br />
V2<br />
φ<br />
φ<br />
V3<br />
2 <br />
2 <br />
3<br />
wL<br />
7 wL<br />
3<br />
384EI<br />
2<br />
2 2 2 L a <br />
wa<br />
φ2 <br />
<br />
24EIL
Carga Rotación<br />
Extremo Izquierdo<br />
4.- Carga puntual.<br />
P<br />
5. Carga puntual.<br />
P<br />
6.- Carga variable.<br />
7.- Carga variable.<br />
8.- Momento en extremo.<br />
M<br />
L/2 L/2<br />
a b<br />
L<br />
w<br />
a b<br />
L<br />
9.-Momento en extremo.<br />
L<br />
10.- Momento en la barra.<br />
M<br />
a b<br />
M<br />
w<br />
EI<br />
φ<br />
1 <br />
2<br />
PL<br />
16EI<br />
2 2 L b <br />
Pb<br />
φ1 <br />
6EIL<br />
φ<br />
1 <br />
7 wL<br />
3<br />
360EI<br />
2<br />
2 4 3<br />
waL wabL 7wa<br />
L wa wa<br />
φ1 <br />
12 12 36 24L<br />
8<br />
φ<br />
φ<br />
1 <br />
1 <br />
ML<br />
3EI<br />
ML<br />
6 EI<br />
M<br />
φ1 <br />
6EIL<br />
2 2 L 3b<br />
<br />
Rotacion<br />
Extremo Derecho<br />
16EI<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
φ<br />
2 <br />
2<br />
PL<br />
2 2 L a <br />
Pa<br />
φ2 <br />
6EIL<br />
φ<br />
2 <br />
8 wL<br />
3<br />
360EI<br />
2 2 4<br />
wabL 2wa<br />
L waL wa<br />
EIφ2<br />
<br />
6 9 6 24L<br />
φ<br />
φ<br />
2 <br />
2 <br />
ML<br />
6 EI<br />
ML<br />
3EI<br />
2<br />
6bL 3b<br />
2L<br />
<br />
M<br />
φ2 <br />
2 <br />
6EIL<br />
Problema 14). Calcule los momentos y las reacciones verticales en los nodos<br />
<strong>de</strong> la viga continua <strong>de</strong> la figura 21).<br />
500 kg 300 kg/m<br />
3.00 3.00 8.00 m.<br />
1 2 3<br />
Fig. 21). Viga continua.<br />
Incognitas en la viga. Se dibujan los claros “1-2” y “2-3” por separado<br />
indicando cargas y momentos <strong>de</strong>sconocidos. En este caso solo hay un<br />
momento <strong>de</strong>scocnocido, el momento <strong>de</strong>l nodo 2; “M2” y se obtienen las <strong>vigas</strong><br />
equivalentes simplemente apoyadas. Habrá tantas <strong>vigas</strong> equivalentes como<br />
momentos <strong>de</strong> extremo y cargas haya en el claro correspondiente. En la figura<br />
siguiente se mestra esta condición.
Se hacen las siguientes consi<strong>de</strong>raciones:<br />
1.- La rotación o pendiente es cero en extremos empotrados.<br />
2.- En un soporte interior la pendiente es la misma a la izquierda y a la<br />
<strong>de</strong>recha <strong>de</strong> dicho soporte.<br />
3.- Se indican las pendientes en los extremos <strong>de</strong> cada soporte con el criterio<br />
siguiente:<br />
a.- Carga cualquiera. b).- Momento en extremo.<br />
Para nuestro caso solo se necesita plantear una ecuación <strong>de</strong> equilibrio, pues<br />
solo hay un momento <strong>de</strong>sconocido, M2. Esta ecuación se obtiene sumando las<br />
pendientes en el apoyo 2, igualando las pendientes <strong>de</strong> la izquierda con las<br />
pendientes <strong>de</strong> la <strong>de</strong>recha.<br />
<br />
θ2Izq θ2<br />
Der.<br />
θ β θ β<br />
21<br />
2<br />
1<br />
PL<br />
<br />
16EI<br />
21<br />
M<br />
2<br />
2<br />
L<br />
1<br />
3EI<br />
23<br />
23<br />
3<br />
wL2<br />
<br />
24EI<br />
M<br />
2<br />
L<br />
2<br />
3EI<br />
500( 6)<br />
6M2<br />
300(<br />
8)<br />
8M2<br />
<br />
16 3 24 3<br />
P<br />
Θ12 Θ21<br />
L1 = 6<br />
=<br />
+<br />
3<br />
P<br />
P<br />
θ 21<br />
β21<br />
1 2<br />
M2<br />
M2<br />
Pendientes positivas<br />
L2 = 8<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza<br />
M2<br />
M2<br />
θ 23<br />
β23<br />
w<br />
= +<br />
w<br />
2 3<br />
M<br />
Θ12<br />
Θ21<br />
Pendiente negativa
M2 = 1,612.50 kg.m<br />
Reacciones verticales. Se obtienen por equilibrio estático mediante suma <strong>de</strong><br />
momentos a la izquierda o a la <strong>de</strong>recha <strong>de</strong> los soportes.<br />
Sumando momentos a la ezquierda <strong>de</strong>l soporte 2:<br />
M V 1612.<br />
50 500(<br />
3)<br />
0<br />
2<br />
Criterio <strong>de</strong> signos:<br />
+<br />
6 1<br />
V1 = - 18.75 kg.<br />
Sumando momentos a la <strong>de</strong>recha <strong>de</strong>l soporte 2:<br />
M 2 300( 8)<br />
4 1612.<br />
50 8V3<br />
<br />
V3 = 998.4375 kg<br />
Sumando cargas verticales:<br />
V1 + V2 + V3 - 500 - 300(8) = 0<br />
V2 = 1,920.3125 kg.<br />
Fin <strong>de</strong>l problema.<br />
0<br />
500 kg 300 kg/m<br />
3.00 3.00 8.00 m.<br />
1 2 3<br />
1612.50<br />
V 1 V 2 V3<br />
Problema 15). Calcule los momentos y las reacciones verticales en los nodos<br />
<strong>de</strong> la viga continua <strong>de</strong> la figura 22).<br />
300 kg/m<br />
5.00 5.00 8.00 m 3.00<br />
1 2 3 4 5<br />
Figura 22. Viga continua con carga uniforme<br />
en todo el calro.<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza
Vigas equivalentes:<br />
Θ 12<br />
w<br />
Θ 21<br />
Creado y editado por: <strong>Ing</strong>eniero <strong>Carlos</strong> Remberto Zeledón Lanuza