Radivoje Đurić, Zbirka zadataka iz osnova elektronike DIODA. Elektrotehnički fakultet, Odsek za elektroniku
Create successful ePaper yourself
Turn your PDF publications into a flip-book with our unique Google optimized e-Paper software.
Radivoje Đurić, Zbirka zadataka iz osnova elektronike
DIODA
Elektrotehnički fakultet, Odsek za elektroniku
Dioda 1.3
V
+
−
Slika 1.1
+
V 2
−
+
V 1
−
D 2
D 1
1.1. U kolu sa slike 1.1 diode imaju različite inverzne struje zasićenja,
IS2 = 2IS1
, dok je Vt
= kT0 / q= 25,2mV , T 0 = 293K . Ukoliko se
drugačije ne naglasi smatrati da je temperatura ambijenta T = T0
.
a) Ako je V = 5V , odrediti napone na diodama VD1 = V1
i VD2 = V2.
b) ponoviti prethodnu tačku ako je V = − 5V .
c) Za koliko će se promeniti naponi na diodama iz tačke a), ∆ V1
i ∆ V2
,
ako se temperatura ambijenta promeni za ∆ T = + 80 C .
Rešenje:
a) Kada je V = 5V dioda D 2 je direktno polarisana, a dioda D 1 inverzno. Pretpostavimo da je
struja kroz granu sa diodama jednaka inverznoj struji zasićenja diode D 1 , I ≈ I S 1. Tada je
⎛ I 2 1
1
2 2 ln
D
⎞ ⎛ I
1 ln
S
⎞ ⎛ ⎞
VD = V = Vt ⎜ + ⎟= Vt ⎜ + 1⎟= Vtln ⎜ + 1⎟=
10,2 mV ⇒
⎝ IS2 ⎠ ⎝ IS2
⎠ ⎝2
⎠
VD1 = V1 = −( V − V2)
= V2 − V = − 4,989 V .
Proverom se dobija da je struja diode D 1
V
( ) ( )
1 / V t
−
1 198 1
I = I e − = I e − ≈ I ,
D1 S1 S1 S1
što znači da je početna pretpostavka opravdana, a struje i naponi su vrlo približni izračunatim
vrednostima.
b) Kada je V =− 5V dioda D 1 je direktno polarisana, a dioda D 2 inverzno. Sada je struja iz
generatora I ≈ I S 2 , odakle se dobija napon na diodi D 1
⎛ I 1 2
1 1 ln
D
⎞ ⎛ I
1 ln
S
⎞
VD = V = Vt ⎜ + ⎟= Vt ⎜ + 1⎟= Vtln ( 2 + 1)
= 27,7 mV ⇒
⎝ IS1 ⎠ ⎝ IS1
⎠
VD2 = V2 = V + V1 = − 4,972 V .
c) Temperaturno su zavisni i napon V t i inverzna struja zasićenja
T−T0
0 2 10
k
Vt
( T)
= T i IS
( T) ≈ IS
( T ) ⋅ .
q
Iako se inverzna struja zasićenja udvostručava približno na svakih 10 C , ovde naponi na
diodama zavise od odnosa inverznih struja zasićenja. Ove struje se podjednako menjaju ako su
diode u istim radnim uslovima, zbog čega je
⎛
( ) ( ) 3 ⎞ ⎛
2 2 2 2 0 ( ( 2) ( 0)
) 3 ⎞⎛k
⎞
∆ V = V T − V T = ln ⎜ ⎟ Vt
T − Vt
T = ln ⎜ ( T2 −T0)
2 2
⎟⎜
q
⎟
⎝ ⎠ ⎝ ⎠⎝ ⎠ , T2 = T0
+∆ T ⇒
⎛3
⎞⎛
⎛T2
⎞⎞
∆ V2 = ln ⎜ ⎜Vt
( T0) ⎜ − 1⎟
= 2,8mV ⇒ ∆ V
⎝2
⎟⎜ ⎠ T ⎟
1 =∆ V2 = 2,8mV .
⎝ ⎝ 0 ⎠⎠
V
+
−
I 0
I1
I2
D
D1
2
1.2. U kolu sa slike 1.2 paralelno su povezane silicijumska dioda
čija je inverzna struja zasićenja I S1 = 10fA i Šotki dioda sa
I S2 = 10nA . Ako je: V = 1, 5 V , V t = 25mV i I 0 = 1mA ,
odrediti struje dioda I 1 i I 2 , Koliko iznosi napon na diodama
V = V = V ?
D D1 D2
Slika 1.2
Rešenje:
1.4
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
Prema Kirhofovim pravilima je
I1+ I2 = I0,
a pošto je
⎛ I1 ⎞ ⎛ I2
⎞
VD = VD1 = Vtln ⎜ + 1⎟= VD2
= Vtln ⎜ + 1⎟
⎝ IS1 ⎠ ⎝ IS2
⎠
IS2
I
6
I2 = I1
⇒
0 IS1
−
I1 = ≈ I0 = 10 I0
= 1nA
I
1 + I / I I
S1
S2 S1 S2
I
I
+ 1= + 1 ⇒
⇒
1 2
IS1 IS2
⇒ I2 = I0 −I1 ≈ I0 = 1mA ,
što znači da Šotki dioda praktično provodi svu struju strujnog izvora, dok je napon na diodama
I
V
1
D = VD1
= Vtln
= 287,8mV .
I
S1
I 0
V CC
1.3. U kolu sa slike 1.3 upotrebljene su diode identičnih parametara.
Poznato je: V = 2 V i I 0 = 1mA. Ako je V 1 = 1, 2 V , odrediti struje dioda
I 1 i I 2 .
CC
D 5
D 4
Rešenje:
Zbog redne veze, struje dioda D1 − 5međusobno su jednake
I = I = I = I = I = I ⇒
D1 D2 D3 D4 D5 1
VD1 = VD2 = VD3 = VD4 = VD5,
D D
3
7
a pošto je
D 2
D 6
VD1+ VD2 + VD3+ VD4 + VD5 = V1
⇒ VD1 = V1 /5 .
D Isti zaključak može da se primeni i na rednu vezu dioda D 1
6 − 9
ID6 = ID7 = ID8 = ID9 = I2, VD6 = VD7 = VD8 = VD9
⇒ VD6 = V1 /4 .
Prema I Kirhofovom pravilu je
Slika 1.3
V
1
I1+ I2 = I0,
D1 / Vt V /5 ( V
I t )
1 = ID1
= ISe = ISe
,
VD6 / Vt V1
/4 ( V
I t )
2 = ID6
= ISe = ISe
⇒
−1
V1/5 ( Vt) V1/4
( Vt
I
)
V1/5 1+ I2 = ISe + ISe = I0
⇒
( Vt) V1/4
( Vt
I
)
S = I0 ( e + e ) = 5,63nA .
Na osnovu prethodnog dobijaju se struje
−1 1
V 1 /5 ( Vt) V 1 /5 ( Vt) V 1 /5 ( Vt) V 1 /4 ( Vt)
1 /20
1 0 0 1 −
V Vt
I = I e = I e e + e = I + e = 83,2µA I
+
V G
−
I 1
I 2
D 9
D 8
S
( )
( ) ( )
−1 −1
V1/20 ( Vt)
V1/20 ( Vt) V1/20
( Vt)
( ) ( )
I = I − I = I − I 1+ e = I e 1+ e = 916,8µA .
2 0 1 0 0 0
R 1
V 1
I 1
D V + R
1
2
− 1
1.4. Silicijumska dioda u kolu sa slike 1.4 ima inverznu struju
zasićenja I = 0,1fA , dok je: V = 1,5V , V = 25mV i
R
2 1
S
= 5R
= 50kΩ . Odrediti struju diode I 1 i napon na diodi V 1 .
Rešenje:
Slika 1.4
Prema Kirhofovim pravilima je
VG
−V1 V
I
1
1 1 V
= 1 + ⇒
G V1
V
I1 V ⎛ ⎞
=−
G
1⎜
+ ⎟+ =− +
R1 R2
⎝ R 1 R 2 ⎠ R 1 R 12 R 1
Strujno-naponska karakteristika diode opisana je jednačinom
G
, R12 R1 || R2
t
= .
Dioda 1.5
⎛ I1 ⎞ ⎛ I1
⎞
V1 = Vtln ⎜ + 1⎟≈Vtln
⎜ ⎟,
⎝ IS
⎠ ⎝ IS
⎠
a posle smene iz prethodne jednakosti postaje
⎛ 1 ⎛V
1
1 ln
G V ⎞⎞
V = Vt
⎜ ⎜ − ⎟⎟.
⎝ IS
⎝ R1 R12
⎠⎠
Prethodna jednakost je transcedentna. Ona se može rešiti iterativnim postupkom
⎛ 1 ⎛V
1 ( )
1 ( 1)
ln
G
V k ⎞⎞
V k + = Vt
⎜ − ⎟
,
⎜ IS
R1 R ⎟
⎝ ⎝ 12 ⎠⎠
V k naponi u k+1. i k-toj iteraciji. Da bi mogao da otpočne iterativni proces
gde su V1 ( k + 1)
i 1 ( )
mora se usvojiti početna vrednost V 1 ( 0 ) .
Uzmimo da je V 1 ( 0 ) = 600mV , posle čega se dobija
V 1 () 1 = 648mV ⇒ V ( ) 1 2 = 626mV ⇒ V ( ) 1 3 = 638mV ⇒ ( ) 1 V ( ) = ⇒ V ( ) = ⇒ V ( ) = ⇒ ( ) ( )
1 5 636mV 1 6 633mV 1 7 635mV
Pošto je poznat napon na diodi, struja diode je
VG
V
I
1
1 = 73,93µA
R
− R
= .
1 12
V 4 = 632 mV ⇒
V 8 = V 9 = V = 634 mV .
1 1 1
1.5. Odrediti temperaturni koeficijent napona direktno polarisane silicijumske poluprovodničke
diode dVD
/ dT .
Rešenje:
Strujno-naponska karakteristike diode opisana je jednačinom
⎛ I
ln
D
⎞
⎛
2
Dp D ⎞
VD
= Vt
⎜ + 1⎟,
I
n
S = qni
A +
.
⎝ IS
⎠
⎜ N d L p N a L ⎟
⎝
n ⎠
Temperaturno su zavisni napon V = kT / q i inverzna struja zasićenja, pa je
Pošto je
t
dV k I V ⎛ 1 ⎞dI k I V dI V d
dT q I I I dT q I I dT T dT
( )
D
= ln
D
+
t
I
S
ln
D t S D
D − = − = −V ln
/
2
t I
⎜
S
S D S I ⎟
⎝ S ⎠
S S
2 2
IS
= kni
, a n i se menja sa temeperaturom po zakonu
2 3 ( VG0 / Vt
n
)
i = BT e − , V G0 = 1, 21V ,
to je
( )
( 3 − VG0 / Vt
V
ln I ln ) ln ( ) 3ln
G
S kBT e kB T
0 d
3 V
= = + − ⇒
0
( ln I ) 0
G
S = + + .
Vt
dT T TVt
Smenom se dobija da je promena napona direktno polarisane diode sa temperaturom
dV D V D d 3 0 3 0
( ln
D t G D t G
t S) V V V V −
V I
V −
= − = − − = V .
dT T dT T T T T
Na temperaturi T = T0 = 300 K napon V t je
Vt
( T = 300 K) = 25,7 mV .
Ako se dioda polariše konstantnom strujom tako da je V D = 0,6V , temperaturni koeficijent
napona V D je
dVD VD −3V t −VG0
1
= = ( 600 −3⋅25,7 −1210 ) mV/ C= −2,3mV/ C .
dT T 300
.
1.6
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
U praksi se obično uzima da je
dV / dT ≈∆V
/ ∆T
≈−2mV/ C.
I D2
I D1
D
D
1.6. Na slici 1.6 prikazana je strujno-naponska
karakteristika jedne diode koja se analitički
⎛V
može predstaviti u obliku exp
D
⎞
ID
= IS
⎜ ⎟.
⎝nVt
⎠
Merenjem je ustanovljeno da je napon na
diodi V D1 = 813mV pri I D1 = 100mA i
V D2 = 876mV pri I D2 = 300mA . Odrediti
inverznu struju zasićenja I S i emisioni
koeficijent n .
Rešenje:
Pošto je
VD
/( nVt
)
V 1
ID
= ISe
⇒
/( D nVt
)
V 2
ID1
= ISe
i
/( D nVt
I
)
D2
= ISe
⇒
( VD1−VD2 ) / ( nVt)
V
ID1/ ID2
= e
⇒ ln
1 2
( 1/ D −VD
V
ID
ID2) = ⇒
D1−V
n =
D2
≈ 2,3.
nVt
Vtln ( ID1/
ID2)
Na osnovu ovoga se dobija inverzna struja zasićenja
V /( D1 nVt
I )
S = ID1e − ≈ 70nA .
+
v G
−
Slika 1.7
R g
C
V CC
strujom strujnog izvora I
I
D
v P
1.7. Za kolo sa slike 1.7 poznato je: V t = 25mV , I S = 1fA ,
R g = 50Ω , C →∞ . Odrediti i nacrtati zavisnost odnosa
promenljive komponente napona v P i napona pobudnog
generatora a = v / v u funkciji struje I , 1µA ≤ I ≤ 1mA .
p
g
Rešenje
Struja diode je
( vD
/ Vt
i
)
D = IS
( e − 1)
.
U mirnoj radnoj tački, v g = 0 , dioda je direktno polarisana
iD
= I .
Otpornost diode za male signale u okolini mirne radne tačke je
1
R g v p
rd
= .
diD / dvD iD
= I
+
Na osnovu strujno-naponske karakteristike diode je
r d
diD d ( vD )
( )
( ( )) / Vt 1 IS vD / V i
t D + I
= I
S
S e − = e = ,
dvD dvD Vt Vt
odakle se dobija otpornost diode u okolini zadate mirne radne tačke
Slika 1.7a
1 Vt Vt V
r
t
d = = ≈ = .
diD / dvD iD + IS iD
I
Na slici 1.7a prikazana je šema kola za male signale u okolini mirne radne tačke. Prema ovoj
v g
−
I D
Slika 1.6
VD1
V D 2
V D
Dioda 1.7
a
0,998
0,33
Slika 1.7b
1µA
1mA
I
slici je
vp rd Vt
/ I
a = = =
v r + R V I + R
( / )
g d g t g
1 1
a = =
.
3 -1
1 + ( Rg
/ Vt) I 1+ 2⋅10 [A ] I
Na osnovu prethodnog izraza na slici 1.7b prikazana je
zavisnost slabljenja u funkciji struje a = a( I)
, odakle se može
zaključiti da kolo radi kao strujno kontrolisani
atenuator(oslabljivač).
⇒
1.8. Poluprovodnička dioda u kolu sa slike 1.8 ima inverznu struju zasićenja I S = 0,1fA , dok je:
V t = 25mV , V G = 2 V , vg
= Vm
sin( 2πft)
, V m = 20mV
, f = 1kHz
, R g = 100Ω
, R P = 1kΩ
i
C → ∞ .
R g D C
a) Odrediti otpornost R 1 tako da u odsustvu
+
pobude, v g = 0 , struja diode bude I D = 2 mA .
v g
+ +
−
b) Pod uslovom iz prethodne tačke odrediti i
R1
v 1 RP
v P
vremenski oblik napona na potrošaču vP( t ) .
V G
− −
c) Koliko iznosi amplituda napona na potrošaču
kada je R 1 = 1MΩ ?
Slika 1.8
Rešenje:
a) Ekvivalentna šema kola u odsustvu promenljive pobude prikazana je na slici 1.8a. Struja i napon
na diodi povezani su poznatom relacijom
⎛ I
ln
D
⎞ I
V 1 ln
D
R D = Vt ⎜ + ⎟≈Vt
,
g D i D
⎝ IS
⎠ IS
ali i preko konfiguracije kola
+ v D − +
VD = VG −RgID − R1ID.
R 1 v 1 U VD
− ID
ravni prethodna jednačina predstavlja jednačinu
V G
− radne prave
VD
V
I
G
D =− + .
Slika 1.8a
Rg
+ R1 Rg
+ R1
Na osnovu brojnih vrednosti je
I
V
V ln
D
G − RgID −VD
D = Vt
= 766mV ⇒ R1 = = 517,2Ω.
IS
ID
b) Na osnovu struje u mirnoj radnoj tački određuje se otpornost za male signale diode u okolini
mirne radne tačke r d
diD d ( VD )
( )
( ( )) / Vt 1 IS VD / V i
t D + I
= I
S
S e − = e = ⇒
dv dv v V
D D t t
1
Vt
V
r
t
d = = ≈ = 12,5Ω.
diD / dvD I
i D + IS ID
D=
ID
Na slici 1.8b prikazana je šema za male signale kola sa slike 1.8. Napon na potrošaču je
RP
|| R
v
1
p = vg = 0,752vg
.
R || R + r + R
P 1 d g
1.8
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
v g
+
−
R g
Linearizacijom diode u okolini mirne radne
tačke dobija se linearno kolo na koje se može
primeniti princip superpozicije
R ||
0
P R
v
1
P = VP + vp = +
vg
⇒
RP || R1
+ rd + Rg
RP
|| R
v
1
P() t = vg = 0,752 ⋅vg,
R || R + r + R
P 1 d g
( ) 0,752 sin ( 2π
) 15mV sin ( 2π
)
Slika 1.8b
vP
t = ⋅ Vm
ft = ⋅ ft .
c) Na osnovu prethodnih jednakosti se dobija
I
VD = VG −RgID − R1ID = Vtln D
V
⇒ ln
G −V
V
D
D = Vt
IS
( Rg
+ R1
) IS
.
Prethodna jednakost je transcedentna, a rešićemo je iterativno
V
( 1) ln G −V D( k
V )
D k + = Vt
R + R I
, k = 0,1,... .
( g 1)
Usvajanjem početne vrednosti napona na diodi, D ( 0)
0,7V
V () 1 = 0,582 V , V ( 2)
= 0,584V i V ( ) V ( )
D
D
S
V = , dobija se
D
3 = 4 = 0,584 V .
Pošto je
V
VD
= VD( 3)
= 0,584V ⇒
G −VD
V 25mV
ID
= = 1, 42 µA i r
t
d = = = 17,7 kΩ .
Rg
+ R1
ID
0,18µA
Na osnovu ovoga i šeme za male signale, napon na potrošaču je
RP
|| R1
−3
vp = vg = 53⋅10
vg
⇒ vP
= Vpm⋅ sin ( 2π
ft)
,
R || R + r + R
V CC
R 2
r d
I D1
V
I
1
D2
D D
1
2
R 1
V EE
R1
+ +
v 1
−
P 1 d g
V
pm
−3
= 53⋅10 ⋅ V = 1mV .
m
1.9. U kolu sa slike 1.9 diode se mogu smatrati idealnim, dok je
VCC
=− VEE
= 10V . Odrediti struje dioda I D1
i I D2
i napon V 1 kada je:
R = 2R
= 10kΩ i
a) 2 1
R
RP
b) 1 2
v p
−
= 2R
= 10kΩ
Rešenje:
a) Pretpostavimo da obe diode provode. Tada je, slika 1.9a,
V1 = 0− VD1+ VD2
= 0 ⇒
VCC
−V1
VCC
0 −V
ID2
= = = 1mA, I
EE
D1+ ID2
= ⇒
R R
R
2 2
−VEE −VEE VCC ⎛ 1 1 ⎞ V
I
CC
D1 = − ID2
= − = VCC⎜
− ⎟= = 1mA.
Slika 1.9
R1 R1 R2 ⎝ R1 R2 ⎠ R2
Pretpostavka o provođenju dioda je opravdana pošto je
I D1 > 0 i I D2 > 0 ,
tako da su vrednosti struja i napona su
ID1 = ID2 = 1mA i V 1 = 0 .
b) Na osnovu iste pretpostavke kao u prethodnoj tački, tj. da su diode provodne, slika 1.9a, ima se
D
1
Dioda 1.9
V CC
V VCC
−V1
V
CC I
CC
D2
= = = 2mA i
R2 R2
R 2
R 2
−VEE
⎛ 1 1 ⎞ V
I
CC
D1 = − ID2
= VCC⎜
− ⎟=−
,
I R1 ⎝R1 R2 ⎠ R1
D1 I
V1
I D1
V
D2
I 1
D2
I D1 = − 1mA .
+
Pošto je struja diode I D1 < 0 ,
D D
1
2 D 1
VD1
D2
−
zaključujemo da je pretpostavka o provodnosti
dioda neodrživa.
R 1
R 1
Pretpostavimo da je dioda D 1 zakočena, a
V EE
V EE
da dioda D 2 provodi, slika 1.9b. Pod ovom
pretpostavkom je
Slika 1.9a Slika 1.9b
I D1 = 0 ⇒
VCC −VEE 2V
I
CC
D2
= = = 1, 33mA .
R1+
R2 3R2
Pošto je
VCC
V
V
CC
V
1 = VCC − R2ID2 = VCC
− R2
= = 3, 33V ⇒ V 1 0 ( 1 2) CC
D = − V − VD
=− V1
=− < 0,
3 R 2 3
3
lako se dolazi do zaključka da je pretpostavka o neprovodnosti diode D 1 opravdana. Kako je
I D2 > 0 , ispravna je i pretpostavka o provodnosti diode D 2 , što znači da je
I = , I 2 = 1, 33mA i V 1 = 3, 33V .
D1 0
D
1.10. U kolu sa slike 1.10a upotrebljena je
dioda čija je strujno-naponska karakteristika
prikazana na slici 1.10b. Poznato je: V 1 = 3V ,
V D = 0,7 V i R1 = R2 = R = 10kΩ . Odrediti i
v = v v .
nacrtati zavisnost ( )
Rešenje:
I I G
Kada Dioda D 1 ne provodi izlazni napon
je
v I
R2
v
v
G
I = vG
R1+
R
= .
2 2
V1 + VD
Da bi dioda provela potrebno je da bude
~1/2
vI ≥ VI1 = V1+ VD
= 3, 7 V ⇒
vG ≥ VG1 = ( 1 + R1/ R2) VI1 = 2( V1+ VD)
= 7,4V.
0 2 ( V1
+ VD
) v G
Kada je vG
> VG1
, dioda je provodna, tako da je
vI
= V1 + VD
= 3,7 V ,
dok je pri vG
≤ VG1
dioda neprovodna.
Slika 1.10c
Na slici 1.10c prikazana je zavisnost
v = v v , odakle se može zaključiti da kolo radi kao ograničavač pozitivnih napona
I I G
( )
( )
v ≥ 2 V + V = 7,4V.
G
+
V G
−
1
R 1
D 1
V 1
−
D
+
R 2
+
v I
−
i D
Slika 1.10a Slika 1.10b
0
V D
v D
1.10
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
v G
V CC
R 3
v I
1.11. U kolu sa slike 1.11 upotrebljena je dioda koja, kada provodi, ima
napon V D = 0,7V . Ako je poznato: V CC = 5V , R1 = R2 = 1kΩ i
R 3 = 10kΩ , odrediti i nacrtati zavisnost vI = vI ( vG)
, −5V ≤v G ≤ 5V .
V
R 2
R 1
Slika 1.11
T
vG
=
R
D 1
R = R || R
T
R
R 3
1
1+
R2
Slika 1.11a
1 2
V
D 1
+
CC
−
vI
Rešenje:
Predstavljajući deo kola sa slike 1.11. preko ekvivalentnog
Tevenenovog generatora dobija se kolo prikazano na slici 1.11a.
Sve dok je
R1
V
v
CC
G < VT = VCC
2,5V
R1+
R
= 2 2
= ,
dioda ne provodi, pa je vI
= vG.
Dioda provodi kada je
R V
v > V = V + V = V + V = + V = 3, 2 V ⇒
1
CC
G G1
T D CC D D
R1+
R2
2
R
v V V v
( )
3
T
I = T + D + G
R3+ RT
RT
+ R3
[ ]
vI
= 3, 05 V + 48 mV/V ⋅ vG.
Kada je v G = 5V , napon na izlazu je
vI = VI1 = 2,95V + 48[ mV/V]
⋅ 5V = 3,29V .
Kolo sa slike 1.11 predstavlja ograničavač napona, a
karakteristika v = v ( v ) je prikazana na slici 1.11b.
I I G
R
⇒
V
T
V I
+ V
1
D
v I
~48mV/V
1.12. U kolu sa slike 1.12 diode, kada provode,
imaju napon V = 0.7V
, dok je: V = 5V ,
D
R1 = R4 = R5 = 10kΩ , R 2 = 20kΩ i R3 = R1||
R2.
CC
−5V
~1
V
T
+ V
D
+5V
v G
V CC
v G
R 3
v I
R 5
R 2
−5V
R 4
D 2
D
R 1
1
Slika 1.11b Slika 1.12
Odrediti i nacrtati zavisnost v = v ( v ), −10V ≤ ≤ 10V .
Rešenje:
Sve dok ne postane
I I G
ne provodi nijedna dioda, a izlazni napon je
R V
v = V = V + V = + V = 2,37V
v G
1
CC
G G1
CC D D
R1+
R2
3
v G
R 3
+
V D
V A −
v I
Za VG1 vG VG2
Dioda 1.11
V
I
= V .
< ≤ provodi dioda D 1 , dok je dioda D 2 zakočena.
Predstavljajući deo kola preko ekvivalentnog Tevenenovog
generatora, dobija se kolo prikazano na slici 1.12a.
Prema ovoj slici je
RT
= R1||
R2
R3
R
v
T
I = ( VT + VD) + vG = ( 1,18 + 0,5 ⋅vG)
V .
+
R3+ RT
RT
+ R3
R1
VT
= VCC
Kada postane vG
= VG2
, odnosno
R1+
R2
−
R4
VCC
VA VCC VD VD
R4 + R
5 2
,
Slika 1.12a
dioda D 2 naći će se na granici provođenja, dok je
2V
v v 2 3
CC
G R 3
R 3
G = VG = VD
+ = 5,43V
v I v G
v I
3
+
+
V
⇒ vI = VI2 = 2 VD + VCC
/2 ⇒
R V
4 || R
D
5
D
V
− V D
A
V I 2 = 3,9 V .
−
V A −
Za vG
> VG2
provode obe
+
R1||
R2
⇔ R T1
diode, a šema ekvivalentnog kola
V CC /2
+
+ prikazana je na slici 1.12b.
− V CC /3
V T1
Primenjujući još jednom
−
− Tevenenovu teoremu, kolo sa
slike 1.12b transformiše se u kolo
prikazano na slici 1.12c, gde je
Slika 1.12b Slika 1.12c
RX
⎛V
V
CC ⎞
T1
= ⎜ + VD⎟+
v I [ V]
RX
+ RY
⎝ 2 ⎠
,
5,27
RY
V
+
CC
3, 9
= 2,54V
~0,3
RX
+ RY
3
2,37
~0,5
RT1 = RX || RY
= R1|| R2 || R3|| R4
= 2,86 kΩ ,
−10V
v G [ V]
RX
= R1||
R2
i RY
= R3||
R4.
2,37 5,43 10
Prema ovoj slici je
~1
R3 R
v
T1
I = ( VT1
+ VD)
+
R + R R + R
vG
⇒
Slika 1.12d
+
−10V
V CC
G
3 T1 3 T1
( v )
vI
= 2,27 +0,3⋅ G V .
Kada je v G = 10V , napon na izlazu je
vI
( v G = 10V)
= 5,27 V .
Na slici 1.12d prikazana je karakteristika
prenosa vI = vI( vG)
. Ovo kolo predstavlja ograničavač
pozitivnih napona sa postepenim ograničavanjem.
v 1
i D1
Slika 1.13
D1
D2
R 2
V EE
i D2
R 1
v 2
1.13. U kolu sa slike 1.13 upotrebljene su diode sa V D = 0,7V ,
dok je: R2 = 2R1
= 10kΩ i VCC
= − VEE
= 5V .
Odrediti i nacrtati zavisnost v 2 = v 2 ( v 1 ) , iD 1 iD
1 ( v 1 ) i
iD 2 iD
2 ( v 1 ) 1 ≤ 6V
Rešenje:
1.12
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
Kada je v 1 = −6V
, pošto su svi ostali potencijali u kolu veći od − 6V
, dioda D 1 je zakočena.
Pošto je struja diode D 2
VCC −VEE −VD
V CC
iD2 = = I20
= 0,62 mA > 0 ,
R1+
R2
i D1
ona provodi, pa je
V D V D R 1
− −
v2 = V20 = VCC
− Ri 1 D2
⇒
v 2
VCC −VEE −VD
RV 2 CC + R1( VEE + VD
)
V20 = VCC
− R1
= = 1, 9 V .
R
i D2 2
R1+ R2 R1+
R2
S porastom napona v 1 , napon inverzne polarizacije na diodi
V EE
D1
se smanjuje. Kada postane
v1> V11 = V20 − VD
+ VD
= V20 = 1, 9 V ,
Slika 1.13a
provešće dioda D 1 , slika 1.13a.
Sa slike se uočava da je
v v2 = v1
−VD + VD
= v1
i
2
V VCC
− v
CC
i
2
D2 = = ( −0,2 ⋅ v1+ 1)
mA .
R1
Pošto je
V 11
~1
v1
−VD
−V
i
EE
v 1
D1+ iD2
= ,
R2
i D1
V 11 V
I 12 6V smenom izraza za struju i D2
dobija se struja diode D 1
13
R1+ R2 R1−
R2
V
i
D
I 12 ~ 0.1
D1 = v1
+ VCC
− ,
R1R2 R1R2 R2
~0,3
iD1 = ( 0,3⋅v1− 0,57)
mA .
v 1
Poslednje zavisnosti važe sve dok ne postane v 2 = VCC
,
i D2 V 11 V 12 6V
kada se koči dioda D 2 . Pri ovome je
I 20 ~ −0,2
v 1 = V 12 = VCC
−VD
+ VD
= VCC
i iD1 = I12 = 0,93mA .
Za v 1 > V12
dioda D 2 je zakočena, i D2 = 0 , pa je
v 1
v
v 2 = V CC i
1 −VD
−V
i
EE
D1
= ⇒
V11
V12
6V
R
v 1
+
+
2
( v )
iD1 = 0,1⋅ 1+ 0,43 mA .
Slika 1.13b
Kada je v 1 = 6 V , struja diode D 1 je
iD1 = I13 = 1mA.
Na slici 1.13b prikazane su prethodne zavisnosti.
+
v G
−
R 1
D 1
D 2
+
v I
−
i D
V D
Slika 1.14a Slika 1.14b
v D
1.14. U kolu sa slike 1.14a upotrebljene su diode
čija je strujno-naponska karakteristika prikazana na
slici 1.14b, dok je R = 100kΩ .
a) Odrediti i nacrtati zavisnost vI = vI( vG)
,
−1V
≤ ≤ 1V .
v G
( )
b) Ako je v
( π ft)
G
= 220 2 ⋅ sin 2 V , f = 50 Hz ,
nacrtati vremenski oblik napona v I .
Dioda 1.13
Rešenje:
v I
v I
a) Kada je −VD ≤vG ≤ VD
V D
V D
nijedna dioda ne provodi,
dok je
− V D
~1 v G
t/
T
vI
= vG.
V D 0
0,5 1
Za vG > VD
dioda D 1 je
−V D
−V D
provodna, dioda D 2 je
zakočena, dok je
Slika 1.14c Slika 1.14d
vI
= VD.
Za vG
<− VD
situacija je obrnuta, dioda D 2 provodi, a D 1 je zakočena. Stoga je napon na izlazu
vI
= − VD.
Na slici 1.14c prikazana je zavisnost v = v ( v ) .
I I G
b) Na osnovu rezultata iz tačke a) na slici 1.14d prikazan je vremenski oblik napona v ( )
uzlaznog prolaska mrežnog napona kroz nulu do provođenja diode D 1 proteći će vreme
1 V 1 0,7
v G
v G
− 5
Slika 1.15
R 1
Slika 1.15a
R 1
Slika 1.15b
6
5
D 1
+
V R1
−
[V] v I
− 5
R 2
D 2
+
V R2
−
5
v I
v I
8
v G [V]
D
I
t . Od
t1
= arcsin arcsin 7,16µs
2π
f V = m 2π
f 220 2
= ,
što je mnogo manje od poluperiode mrežnog napona
T /2= 10ms . Stoga napon na izlazu više liči na
pravougaoni vremenski oblik i kao takav se može koristiti
kao detektor prolaska mrežnog napona vG
() t kroz nulu.
Ovo je potrebno pri sinhronom radu uređaja koji se napajaju
iz gradske mreže.
1.15. Koristeći dve baterije, dva otpornika i dve diode koje
imaju V D = 0,7 V , realizovati kolo čija je karakteristika
prenosa prikazana na slici 1.15. Odrediti napone baterija i vrednosti
upotrebljenih otpornosti. Smatrati da je pri ulaznom naponu v G = 8V
struja pobudnog generatora i G = 100µA .
Rešenje:
Kolo očigledno predstavlja ograničavač napona. U opsegu
−5V
≤v G ≤ 5V izlazni napon jednak je ulaznom, v I = v G . Ograničenje
napona sa donje strane nastupa kada je v G = − 5V . Ovo se može
realizovati rednom vezom diode i baterije lija je ems
VR1 = 5V-VD
= 4,3V, slika 1.15a.
Kada je napon na ulazu veći od 5V ograničenje napona je
postepeno, napon na izlazu blago zavisi od ulaznog napona. Ovakva
karakteristika može se realizovati rednom vezom diode i otpornosti, slika
1.15b. Dioda D 2 treba da počne provoditi kada je v G = 5V , odakle se
dobija potrebna vrednost napona baterije V R2
,
VR2 = 5V− VD
= 4,3V.
Kada provodi dioda D 2 , nagib karakteristike se podešava odnosom
otpornosti R 1 i R 2
1.14
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
v m R2
R
= ⇒
1 1−
m
G
v I
=
R R R
1
1+
2 R2
m
D
R
1
2
Pošto je nagib karakteristike na slici 1.15 m = 1/3
D
R1/ R 2 = 2.
2
+ + Iz uslova da je pri v G = 8V struja pobudnog generatora
V R1 V R2 i G = 100µA , dobija se otpornost R 1,
− −
⎛8−
6⎞
R1
= ⎜ k Ω= 20k Ω
0,1
⎟
⇒ R 2 = R 1 /2= 10kΩ
⎝ ⎠
Slika 1.15c
Na slici 1.15c prikazana je kompletna šema kola ograničavača
napona čija je karakteristika na slici 1.15.
D3
D
v 4
G
+
i G
−
D 1
D 2
R P
i P
+
v P
−
1.16. Na slici je prikazan tzv. Grecov spoj. Diode imaju prag
provođenja V = 0,7 V , dok je R = 1kΩ .
D
a) Odrediti i nacrtati zavisnost vP = vP( vG)
.
b) Ako je vG = Vm sin ( 2 π ft)
, m 9 V
vremenski oblik napona na potrošaču vP
() t .
P
V = , f = 50 Hz , nacrtati
Slika 1.16
D3
v
v D 4 G
+
i G
v D1
−
+
−
Rešenje:
a) Pretpostavimo da u slučaju kada je i G > 0 struju potrošača
provode diode D 2 i D 3 , slika
1.16a. Ove diode mogu provoditi
i
D D
P
kada je
3 v 4
G
−
+
i G > 0 ⇒
R P v
i P vG > VG1 = vD2 + vD3 = 2VD.
G
−
D D 2
Pošto je tada
1
v = v − v = V − v < − V i
D1 D2
G D G D
v = v − v = V − v < − V ,
D4 D3
G D G D
obe preostale diode su zakočene,
što znači da je početna
Slika 1.16a Slika 1.16b
pretpostavka opravdana. Napon na potrošaču je
vP = vG −vD2 − vD3 = vG − 2VD, vG
> 2VD.
Kada je v < − 2V
, zbog simetrije kola, provodne
Slika 1.16c
−
~ −1
+
D 2
−2V
D
R P
v P
2V
D
iP
+
v P
−
~1
+
i > 0
i < 0
G
v G
G
G
D
su diode D 1 i D 4 , dok je napon na potrošaču, slika
1.16b,
vP = −vG −vD1− vD4 = −vG − 2VD, vG
<− 2VD.
Kada je −2VD ≤vG ≤ 2VD, nijedna dioda ne vodi,
pa je
v P = 0 .
Na slici 1.16c prikazana je zavisnost
v = v v .
( )
P P G
b) Na osnovu karakteristike prenosa iz tačke a) lako se dolazi do vremenskog oblika napona na
potrošaču, slika 1.16d. Trenutak t 1 određuje se iz uslova kada počinju da provode diode D 2 i D 3
V
m
D 2
D 1
v G
V m
2V
D
−2V
D
−V m
v P
− 2V
−12V
D
Slika 1.16d
+
Slika 1.17
−
V D
+
i G
+
t 1
Dioda 1.15
1 2V
2VD
= Vmsin( ωt1
) ⇒ t 1 = arcsin
D
= 497µs .
ω Vm
Kolo predstavlja punotalasni ispravljač. Zbog
pada napona na diodama ulazni napon nije precizno
ispravljen, a nepreciznost je manje izražena što je
odnos amplitude ulaznog napona i napona na diodi
veći. Kada je Vm
≤ 2VD, napon na potrošaču ravan je
nuli, što znači da kolo tada ne obavlja svoju
funkciju.
1.17. U kolu sa slike 1.17 upotrebljene su diode sa
V D = 0,7 V , dok je: vG
= 12V ⋅ sin ( 2π
ft)
,
f = 50 Hz , R1 = R2 = 2,2 kΩ i R P = 6,8kΩ .
Odrediti i nacrtati karakteristiku prenosa
v P = v P ( v G ) .
R 2
+
Rešenje:
a) Kada je v G > VD
provodi dioda D 2 . Pretpostavimo da je dioda
D 1 zakočena, slika 1.17a. Prema ovoj slici je
R P v P
R
v
P
P = ( vG −VD) ≈0,75 ⋅( vG −VD)
.
R RP
+ R
1 −
1
Na osnovu ovoga dobija se da je napon na diodi D 1
Rv
vD1
=− ( vP + VD)
⇒
P G+
RV
v
1 D
D1
= − < 0 ,
RP
+ R1
što znači da je početna
pretpostavka opravdana.
R 2
+
i R 2
+
G
Kada je vG
< −VD
provodi
R P
v P −
R P
v P dioda D 1 , dok je dioda D 2
v G R 1 −
VD
v G R1
− zakočena. Na slici 1.17b prikazan
+
je aktivni deo kola u ovom
i G > 0
i G < 0
slučaju. Na osnovu njega je
R
v
P
P =− ( vG + VD)
⇒
v RP
+ R
P
2
≈ 8,5V
vP ≈ −0,75 ⋅ ( vG + VD)
.
Kada je − VD
≤ vG
≤ VD
nijedna dioda ne
~ −0,75 ~ 0,75
provodi, pa je tada
v P = 0 .
v G Na slici 1.17c prikazana je zavisnost
−V D VD
12V
vP = vP( vG)
.
v G
Slika 1.17c
1.18. U kolu sa slike 1.18 upotrebljene su diode sa
V D = 0,7 V , dok je: vG
= 12V ⋅ sin ( 2π
ft)
,
f = 50 Hz , R1 = R2 = 2,2 kΩ i R = 6,8kΩ . Odrediti i nacrtati karakteristiku prenosa
v P = v P ( v G ) .
−
−
T /2
2t 1
Slika 1.17a Slika 1.17b
T
P
t
t
+
−
1.16
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
Rešenje:
D1
D
+
2
Kada je vG
> 2VD
, provodi dioda D 1 , dioda D 2 je zakočena,
R P v P dok je struja pobudnog generatora i G > 0 . Na slici 1.18a
R1
v G R2
− prikazana je šema aktivnog dela kola kada je i G > 0 . Na osnovu
ove slike je
Slika 1.18
R1
|| RP
R
v
P
P = vG −
VD
R1|| RP
+ R2 R1||
R2
+ RP
⇒
( vG − 2VD)
RP
vP = ≈0,43⋅( vG −2VD)
.
2RP
+ R1
−
−
U ovom intervalu struja diode
V D
+
V D 1 jednaka je struji potrošača. Za
i G
i D +
G
+
+
R njeno provođenje potrebno je da
P v P
R P
v P
bude
R1
v G R2
− R1
v G R2
−
vP vG − 2V
i
D
D1
= iP
= = > 0 ⇒
RP
2RP
+ R
i 1
G > 0
i G < 0
vG
> 2VD.
Slika 1.18a Slika 1.18b
Kada je vG
< −2V
D , provodi
dioda D 2 , dioda D 1 zakočena, dok je i G < 0 . Na slici 1.18b prikazan je aktivni deo kola u ovom
slučaju. Na osnovu ove slike je
R2
|| RP
RP
( −vG − 2 VD)
RP
vP =− vG − VD
=
R2 || RP + R1 R1|| R2 + RP 2RP
+ R1
⇒ vP ≈−0,43⋅( vG − 2VD)
.
v Sada dioda D 2 provodi struju potrošača. Da
P
4,86V
bi dioda D 2 provodila potrebno je da bude
iD2 = iP
> 0 ⇒ vG
<− 2VD.
~ −0,43 ~ 0,43
Kada je − 2V D ≤ vG
≤ 2VD
, nijedna dioda ne
provodi, struja pobudnog generatora protiče kroz
v G otpornosti R 1 i R 2 , dok je napon na potrošaču
−12V
− 2V D 2VD
12V
v P = 0 .
Na slici 1.18c prikazana je zavisnost
Slika 1.18c
v = v v .
+
+
−
−
+
−
( )
P P G
V CC
v G
C
+
R
R2
1
D 2
R 3
v I
1.19. U kolu sa slike 1.19 upotrebljene su diode sa V D = 0,6 V , a
poznato je: R 1 = R2
= 1kΩ
, R 3 = 100kΩ
i V CC = 5V
. Ako je
vG = Vm sin ( 2 π ft)
, V m = 5V , f = 1kHz , odrediti i nacrtati
vremenske oblike napona na izlazu v I i struja dioda i D1
i i D2
.
D 1
Rešenje:
U mirnoj radnoj tački, v G = 0 , dioda D 1 provodi struju
Slika 1.19
VCC
−V
i
D
D1 = ID10
= = 4,4 mA ,
R1
kroz kondenzator ne protiče struja, a zbog redne otpornosti R 3, dioda D 2 je na granici provođenja
i = I = i = V − V / R = 0.
( )
D2 D20 R3 D D 3
v G
V CC
V C
−
R
R2
1
D 1
Slika 1.19a
V m
−V m
V m
i D2max
i D1max
I D20
−
v G
v I
i D2
i D1
+
D 2
R 3
T /2
( V −V
)
CC
D
T /2
T /2
v I
Dioda 1.17
Napon na kondenzatoru je V C = V D , a zbog C →∞ napon na
njemu se ne menja sa promenom ulaznog napona. Na osnovu ovoga
na slici 1.19a prikazano je ekvivalentno kolo pri promenljivom
ulaznom naponu.
Kada je v G > 0 provodiće dioda D 2 , a njena struja je
vG + VC −VD v
i
G
D2
= = = ( 10 vG)
µA .
R3 R3
Maksimalna vrednost ove struje je
V
i
m
D2max
= = 50µA .
R3
Napon na izlazu tada je
vI = vG + VC − vD2
= vG + VD − VD = vG, v G > 0 ,
dok je struja diode D 1
VCC −VD ( vG + VD)
−VD
VCC −VD v
T t i
G
D1
= + = + ⇒
R R R R
T
T
t
t
je
v
I
1 2 1 2
( v )
iD1 = G + 4,4 mA , v G > 0 .
Maksimalna vrednost ove diodne struje je
iD1max = ( Vm
+ 4,4)
mA = 9,4 mA .
⎧ vg
⎧⎪ VD + vg − VD = vg, vg
≥0
v , vg
0
= ⎨
i i
I
D2
3
⎪⎩
0, vg
< 0
= R
R
= ⎪ ≥
⎨ .
3 ⎪ ⎩
0, vg
< 0
Kada je v G < 0, zakočena je dioda D 2 . Struja diode D 1
VCC −VD v
i
G
D1
= + .
R1 R2
Sa smanjenjem napona pobudnog generatora smanjuje
se i struja diode D 1 , sve dok se ne zakoči. U graničnom
slučaju je
VCC −VD v
i
G
D1
= + = 0 ⇒
R R
1 2
( )
vG = V1 = − VCC − VD
= − 4,4 V .
t Trenutak kada se dešava zakočenuje diode D 1 određuje se
0 T /2 t 1 t 2 T iz uslova
1 ⎛ V
t
1
⎞
Slika 1.19b
1 = arcsin ⎜ ⎟=
671µs .
2π
f ⎝Vm
⎠
Za −Vm
≤vG
≤ V1
dioda D 1 je zakočena.
Na slici 1.19b prikazani su relevantni vremenski dijagrami.
iD
D
Trenutak t 2 , kada dioda D 1 ponovo počinje da vodi, slika
v P
1.19b, simetričan je u odnosu na 3 T /4, pa je
+
t2 = ( 3 T / 4) + (( 3 T / 4)
− t1)
= 828,8 µs .
v
+ v D −
G
C
−
1.20. U kolu sa slike 1.20 može se smatrati da je dioda idealna.
Ako je vG( t) = Vm sin ( 2 π ft)
, f = 1kHz , odrediti i nacrtati
Slika 1.20
1.18
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
vremenske dijagrame struje diode i D i napona v P i
v G
v D . Smatrati da je u početnom trenutku posmatranja
V m
v P ( 0 − ) = 0.
1 2
0 1/4 5/4 t/
T Rešenje:
−V m
Kada je vG
( t ) > 0 , 0 < t < t1
, dioda provodi struju
i
dv C() t dv P()
t
D
iD() t = iC()
t = C C
I dt
= dt
,
dm
t/
T tako da je
dvG
() t
0
v
1/4
vP( t) = vG( t)
i iD()
t = C = CVmω
cos( ωt)
,
P
dt
V m
0 < t < t 1 .
t/
T Dioda će se zakočiti kada postane iD
() t = 0 , što
0
se dešava kada je
v D
ωt 1 = π /2 ⇒ t 1 = T /4.
1/4 5/4 t/
T
0
Napon na kondenzatoru je tada
vC( t = T /4) = vP( t = T /4) = Vmsin ( π /2)
= Vm.
−V m
Kada je t ≥ T /4 dioda je zakočena, a napon na
kondenzatoru se ne menja
− 2V
vC( t ≥ T /4)
= Vm.
m
Napon na diodi je
Slika 1.20a
⎧⎪ 0, 0 ≤t
≤t1
vD
() t = ⎨
.
⎪⎩
Vm
( 1−sin ( ωt)
),
t ≥t1
Na slici 1.20a prikazani su relevantni vremenski dijagrami. Kolo obavlja funkciju detektora
vršne vrednosti (pika) ulaznog napona.
+
v U
−
1.21. U kolu sa slike 1.21a naponski izvor
vU
= 24 V ⋅ sin ( 2π
ft)
, f = 50 Hz puni
akumulatorsku bateriju V B = 12 V , a na slici
1.21b prikazana je strujno-naponska
karakteristika diode, gde je V D0 = 0,85V i
R = 50mΩ .
Slika 1.21a Slika 1.21b
a) Odrediti ugao proticanja struje kroz
diodu α . Ugao proticanja je ugao α za
koji je struja diode i D > 0.
b) Odrediti otpornost R 1 tako da srednja struja punjenja baterije bude i D = 1A.
Pod uslovom iz prethodne tačke odrediti:
c) maksimalnu vrednost diodne struje i D max i
d) snagu koja se disipira na otporniku
e) srednju snagu koja se disipira na diodi P D .
Rešenje:
iD
R1
D1
V B
i D
0
V D
P
R
~1/ RD
v D
2
Reff
= Ri .
D
V
+ V
V m
B D0
−V m
i D
i D max
v U
θ1
π − θ 1
Dioda 1.19
a) Dioda će provesti kada je napon pobudnog
generatora, slika 1.21c,
vU = Vmsinθ1 = VB + VD0
⇒
V 0
1 arcsin
B + VD
θ = = 0,565rad ( 32,4 ),
Vm
a prestaće da vodi kada je
( )
θ2 = π − θ1 = 2,576rad 147,6
Ugao provođenja struje diode je
θD
= θ2 − θ1 = π −2θ1
≈115
b) Srednja vrednost struje diode je
2π
1
iD
= iD( θ ) dθ
2π
∫ ⇒
.
0
π−θ1
Vmsinθ
− ( VB + VD0
)
∫ dθ
⇒
R1
+ R
θ
D
π
1
iD
=
θ
θ
D
2π
1
Slika 1.21c
i 1 ⎡cosθ1 1 1
D ( V B V ⎛ θ ⎞⎤
= − + D0
) ⎜ − ⎟
R1
+ R
⎢
D π
2 π ⎥
⎣
⎝ ⎠⎦ ⇒
1 ⎡cosθ1 ⎛1
θ
R
1⎞⎤
1 = − ( VB + VD0)
⎜ − ⎟ −RD
≈2,3Ω
i
⎢
D π
2 π ⎥
.
⎣
⎝ ⎠⎦
c) Maksimalna struja kroz diodu protiče pri maksimalnom ulaznom naponu
Vm − ( VB + VD0
)
iD
max = = 4,77 A .
R1
+ RD
d) Efektivna vrednost struje diode je
2π
1 2
Ideff
= iD
( θ ) dθ
2π
∫ ⇒
2π
π−θ1
2 1 2 1 1
deff D ( )
sin
2 m B D0
2π
2π
⎣
0
( R1
+ RD
) θ
0
1
( )
∫ ∫ ⇒
I = i θ dθ = ⎡V θ − V + V ⎤⎦
dθ
π−θ1
2 1 1
2 2
deff = ⎡ sin 2
2 m θ − m B + D0 + B + D0
2π
( R1
+ RD
)
⎣
θ
1
( ) ( )
2
I V V V V V V ⎤
∫ dθ
.
⎦
2 1 ( )
= − , prethodni integral postaje
2
⎤
I ∫ V V V V V ⎥dθ
⇒
+ ⎣ ⎦
Pošto je sin θ 1 cos( 2θ
)
π−θ1
2
2 1 1 ⎡V
m
2
deff =
2 ⎢ ( 1−cos( 2θ
)) − 2 m ( B + D0) + ( B + D0)
2π
( R1
R ) 2
D θ
1
⎡
⎛ ⎞ ⎛ ⎞⎤
I V ⎜ ⎟ V V V V ⎜ ⎟⎥,
+ ⎣ π ⎝ π ⎠ π ⎝ π ⎠⎦
2
2 1 Vmsin2θ1 2 1 θ1 2Vm
2 1 θ1
deff =
2 ⎢ + m − − ( B + D0) cosθ1+ ( B + D0)
−
( R1
R ) 4 4 2 2 2
D
2 2
deff 3, 79 A
I = .
Snaga koja se disipira na otpornosti je
2 2
R reff deff
P 1 = RI = RI ≈ 8,7 W .
e) Srednja snaga koja se disipira na diodi je
2π
θ
2
.
1.20
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
v G
D 1
R 1
V CC
D 2
i D
0
PD = pD = vDiD = VDiD
= 0,7 W .
1.22. Za kolo sa slike 1.22 poznato je: VCC
=− VEE
= 10V i
R1 = R2 = R P = 10kΩ . Strujno-naponska karakteristika dioda
prikazana je na istoj slici, gde je V D = 0,7 V . Odrediti i nacrtati
karakteristiku prenosa v P = v P ( v G ) , VEE ≤ vG ≤ VCC
.
Rešenje:
D 3 D 4 R P
Kada je vG
= VEE, dioda D 3 je zakočena, dok je D 1 provodna.
Pretpostavimo da preostale dve diode provode struju. Tada je
vP = vG + vD1− vD2
= vG = VEE,
R 2
što znači da diode D 4 i D 2 nemogu provoditi. Pretpostavimo zatim
V EE
da su provodne diode D 1 i D 4 . Struja diode D 1 je
Slika 1.22
VCC − vD1−VEE 2VCC −v
i
D1
D1 ( vG = VEE) = = > 0 ,
R1 R1
što znači da je pretpostavka o njenom provođenju ispravna.
Struja diode D 4 je
0 − vD4 −VEE −VEE −v
i
D4
D4
( vG = VEE) = = > 0,
RP
+ R2 RP
+ R2
što potvrđuje kompletnu pretpostavku. Na
V CC
V CC
osnovu ovoga dobija se da je napon na
potrošaču, slika 1.22a,
R 1
R 1
R
v
P
P VP1 ( VEE vD4)
RP
+ R
2
⇒
v G
D 1
D
VEE
+ V
V
D
D D 2
2 v 1
P1 = = − 4,65V .
P
v
v P
2
G
D Sa povećavanjem ulaznog napona rastu
3 D D D 4
4 R P 3
R P naponi na anodama dioda D 2 i D 3 . Pošto su
R 2
V EE
R 2
V EE
naponi na njihovim katodama konstantni, s
porastom ulaznog napona ove diode se sve
više direktno polarišu. Kada postane
vG = VG1 = VP1− vD4
+ VD
⇒
VG1 = VP1− VD + VD = VP1,
Slika 1.22a Slika 1.22b
provešće dioda D 3 . Pošto je
vD1+ vD3 = vD2 + vD4,
istovremeno će provesti i dioda D 2 . Pošto sve četiri diode provode struju napon na potrošaču je
vP = vG + vD1− vD2
= vG, VG1 ≤ vG
≤ VG2
.
Sa povećanjem napona v G raste napon na potrošaču, diodna struja i D2
raste, dok se i D1
smanjuje. Dioda D 1 će se zakočiti kada sva struja iz otpornosti R 1 protiče kroz diodu D 2 .
Istovremeno će se zakočiti i dioda D 4 , slika 1.22b, tako da je
VCC
− v
i
D2
R
D2 = iR1
= ,
P VCC −V
v
D
P = VP2 = RPiD2 = ( VCC − vD2)
= = 4,65V ,
R + R
R + R
2
1
V D
v P
v D
P
1
P
V
EE
V
+ V
2
CC
D
Slika 1.22c
v C
−v C
v G
D 5
D 6
Slika 1.23
D 3
−V
2
D
v P
V
EE
V CC
A
D1
D2
B
R 1
R 2
D 4
V EE
~1
V
+ V
2
CC
D
−V
2
v P
R P
D
v G
Dioda 1.21
v = V = V + v − v = V i
G G2 P2 D2 D1 P2
vG − vD3
−V
i
EE
D3 = iR2
= .
R2
Sa daljim povećanjem napona v G napon na potrošaču
se ne menja
vP = VP2 = 4,65V , vG ≥ VG2 = VP2 = 4,65V .
v = v v .
Na slici 1.22c prikazana je zavisnost ( )
P P G
*1.23. Za kolo sa slike 1.23 poznato je: VCC
=− VEE
= 5V ,
R1 = R2 = R P = 10kΩ i V D = 0,7 V . Ako je
v t = 2V⋅ sin 2π
ft , f = 1kHz , odrediti zavisnost
G
( ) ( )
v P = v P ( v G ) u dva slučaja:
a1) v = V1 = 5V i
C
a2) vC
= V2 =− 1V .
b) Na osnovu rezultata iz prethodne tačke objasniti funkciju kola.
c) Ako v C1
ima vrednosti V 1 > 0 i V 2 < 0 , odrediti minimalnu
vrednost napona V 1 i opseg vrednosti napona V 2 za koju će kolo
obavljati funkciju iz tačke b). Smatrati da je inverzni napon na
diodama pri kojem dolazi do Zenerovog proboja V = 6V .
DINV
Rešenje:
a1) Kada je v C = 5V , zakočene su diode D 5 i D 6 , preostale četiri
diode D1, D2,
D 3 i D 4 provode, dok je
v t = v t = 2V⋅ sin 2π
ft .
P
( ) ( ) ( )
a2) Kada je v C =− 1V , provode diode D 5 i D 6 . Kada je v G = 0 , razlika potencijala između tačaka
A i B
vA− vB = vC + VD −( −vC − VD) = 2vC + 2VD
= − 0,6V,
je nedovoljna da bi preostale četiri diode D1, D2, D3,
D 4 provodile. Stoga je
v P = 0 .
Kada ulazni napon poraste iznad
vG = VG1 = −vC − VD6 + VD3 = − vC
= 1V,
dioda D 3 će provoditi, dok će se tada zakočiti dioda D 6 . Izlazni napon će i dalje biti na nuli, pošto
su diode D1,
D 2 i D 4 neprovodne. Kada je VG1 ≤ vG ≤ Vm
= 2V, provodne su diode D 5 i D 3 , dok
je izlazni napon jednak nuli.
Sa smanjenjem ulaznog napona pri
vG = VG2 = vC + VD5− VD1 = vC
= − 1V
doći će do provođenja diode D 1 i zakočenja diode D 5 . Izlazni napon će i dalje biti nula, pošto su
neprovodne diode D2,
D 3 i D 4 .
Za − Vm = −2V≤vG ≤ VG2
provodne su samo diode D 1 i D 6 , dok je izlazni napon jednak nuli.
Na osnovu prethodnog zaključujemo da je u ovom slučaju uvek
v t = .
P ( ) 0
b) Pošto se na potrošaču pojavljuje napon pobudnog generatora ili nulti napon u zavisnosti od
G
1.22
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
vrednosti napona v C , zaključujemo da kolo obavlja funkciji analognog prekidača.
c) Minimalna vrednost napona vC
= V1 = V1min
treba da bude dovoljno velika da drži diode D 5 i D 6
u zakočenju
V1min = vGmax + VD − Vγ
= vGmax = Vm
= 2V .
Diode D 2 i D 4 biće u zakočenju kada je
vA − vB = vD5+ 2V2 + vD6
≤ 2VD
⇒ V 2max = 0 .
Pri inverznoj polarizaciji diode D1, D2, D3,
D 4 ne smeju imati napon veći od napona pri kome
dolazi do proboja. Ovaj napon za diodu D 1 iznosi
− vD1max = VGmax − ( V2 min + vD5) = Vm − V2 min + VD < VDINV
= 6V,
odakle se zaključuje da je
V2min = Vm − ( VDINV + VD) = − 4,7V,
pa je opseg napona V 2 ,
− 4,7 V < V ≤ 0 .
2
+
v G
−
R 1 v P i Z
DZ
−V D
1
Slika 1.24a Slika 1.24b
V Z
v Z
1.24. U kolu sa slike 1.24a upotrebljena je Zener
dioda čija je strujno-naponska karakteristika
prikazana na slici 1.24b, dok je: R 1 = 10kΩ ,
V Z = 6,2 V i V D = 0,6V .
a) Odrediti i nacrtati zavisnost v = v ( v ) .
b) Ako je v ( t) 10V sin ( 2π
ft)
P P G
G = ⋅ , f = 1kHz ,
odrediti i nacrtati vremenski oblik napona v P .
R Rešenje:
1 v P
R1
vP
a) Kada je v G > V Z , Zener dioda radi u
i Z
i Z
+
+ +
− oblasti proboja, slika 1.24c,
v vG
−V
G
V Z vG
VD
Z
iZ
= > 0 ⇒ vP
= VZ
= 6,2 V .
−
− −
+
R
Kada je vG < − VD
, Zener dioda je
Slika 1.24c Slika 1.24d
direktno polarisana, slika 1.24d,
vG
+ VD
iZ
= < 0 ⇒ vP
=− VD
=− 0,6V .
R
Na osnovu ovoga na
v P
v P
slici 1.24e prikazana je
V Z
V Z
zavisnost vP = vP( vG)
,
−V D
dok je na slici 1.24f
~1
prikazan vremenski oblik
1/2 1 napona vP
() t .
−V D V Z
v G − V D
t/
T
Slika 1.24e Slika 1.24f
1.25. U kolu sa slike 1.25a
upotrebljene su Zener
diode čija je strujno-naponska karakteristika prikazana na slici 1.25b, dok je: R 1 = 10kΩ ,
V Z = 6,2 V i V D = 0,6V .
a) Odrediti i nacrtati zavisnost v = v ( v ) .
P P G
Dioda 1.23
R 1
v P
i Z
b) Ako je v ( t) 10V sin ( 2π
ft)
G
= ⋅ , f = 1kHz ,
odrediti i nacrtati vremenski oblik napona v P .
DZ
+
1
−V D
v Z Rešenje:
DZ 2
V Z a) Kada je v G > V Z + V D , Zener dioda DZ 1 radi u
oblasti proboja, dok je dioda DZ 2 direktno
Slika 1.25a Slika 1.25b
polarisana. Na slici 1.25c prikazana je ekvivalentna
šema kola u ovom slučaju. Pošto je
vG − ( VZ + VD)
iZ1 = > 0 ⇒ vP = VZ + VD.
R R
1 v P R 1 v P
Kada je vG <− ( VZ + VD)
, Zener dioda
+
iZ1
i Z 2 −
DZ 2 radi u oblasti proboja, dok je dioda
V
+
Z
V
+
D
DZ 1 direktno polarisana. Na slici 1.25d
−
+
v +
G
−
prikazana je ekvivalentna šema kola za ovaj
− V D
−
V Z slučaj. Pošto je
−
+
− ( VZ + VD)
−vG
iZ
2 = > 0 ⇒
R
Slika 1.25c Slika 1.25d
vP =− ( VZ + VD)
.
− V + V ≤v ≤ V + V , obe diode su isključene iz kola, i 1 = i 2 = 0 , pa je
v G
−
v G
Kada je ( )
Z D G Z D
vP
= vG.
Na osnovu ovoga na slici 1.25e prikazana je karakteristika prenosa.
b) Na osnovu karakteristike iz prethodne tačke lako se dolazi do vremenskog oblika napona ( ) P
slika 1.25f. Kolo obavlja funkciju dvostranog ograničavača napona.
Z
Z
v t ,
V
Z
+ V
D
v P
V
Z
+ V
D
v P
( V V )
− +
Z
D
0
~1
V
Z
+ V
D
v G
0
1/2
1
t/
T
( V V )
− +
Z
D
( V V )
− +
Z
D
Slika 1.25e Slika 1.25f
+
v G
−
R 1
DZ 1
DZ 2
v P
i Z
−V D
V Z
v Z
1.26. U kolu sa slike 1.26a upotrebljene su Zener
diode čija je strujno-naponska karakteristika
prikazana na slici 1.26b, dok je: R 1 = 10kΩ ,
V = 6,2 V i V = 0,6V . Odrediti i nacrtati
Z
D
zavisnost v = v ( v ) .
P P G
Slika 1.26a Slika 1.26b
Rešenje:
V
D
S obzirom na paralelnu vezu dioda, pošto je
< V , nijedna dioda neće raditi u oblasti
Z
1.24
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
proboja. Kada je v G > V D , slika 1.26c,
R 1 v R 1
P
v P
dioda DZ 2 je direktno polarisana, dioda
i D2
i D1 DZ 1 je zakočena, dok je napon na izlazu
+
+ +
−
V vP
= VD.
D v G
V D
−
− −
+
Kada je vG
< − VD, slika 1.26d, dioda
DZ 1 je direktno polarisana, dioda DZ 2 je
zakočena, a
Slika 1.26c Slika 1.26d
vP
=− VD.
Kada je −VD ≤vG ≤ VD, obe diode su
v P
zakočene, dok je
V D
vP
= vG.
Na osnovu ovoga na slici 1.26e nacrtana je
~1
−V D
v G karakteristika prenosa.
v G
Slika 1.26e
−V D
V D
1.27. U kolu sa slike 1.27a upotrebljena je Zener dioda
čija je karakteristika prikazana na slici 1.27b, gde je
V Z = 6.2V i V D = 0.6V . Dioda D 1 ima V D = 0.6V , dok
je 10kΩ
v = v v .
R = . Odrediti i nacrtati zavisnost ( )
P P G
+
v G
−
R
R
DZ 1
D R −V v
D
Z
1
+vP
−
v P
i Z
R
V Z
Slika 1.27a Slika 1.27b
−
+
Rešenje:
a) Za v G > V Z Zener dioda radi u oblasti
proboja, slika 1.27c, pa je
R
1
vP = ( vG − VZ) = ( vG −VZ)
.
R+
R
2
Za VG1
≤ vG <− VD
Zener dioda je
direktno polarisana, dok je dioda D 1
zakočena, slika 1.27d.
v P
R
−
+
v P
+
v G
−
V Z
R
+
v G
−
V D
R
+
v G
−
V D
V D
−
+
R
Slika 1.27c Slika 1.27d Slika 1.27e
Tada je
−3V
D
−V D
~1/2
Slika 1.27f
v P
−V D
~1/2
V Z
R
1
vP = ( vG + VD) = ( vG + VD)
.
R+
R
2
Prethodna zavisnost važi sve dok se ne uključi dioda
D 1. Kada se ovo desi tada je
vP
= − VD
⇒ vG = VG1 =− 3VD.
v G
Kada je vG
< VG1
, obe diode su direktno polarisane,
slika 1.27e, dok je
v = − V .
P
D
Na osnovu ovoga na slici 1.27f prikazana je zavisnost v v ( v )
Dioda 1.25
= .
P P G
1.28. U kolu sa slike 1.28 Zener dioda radi u
i Z
oblast proboja sa naponom vZ
= VZ
= 12 V pri
R
+ 1
i P
iZ ≥ iZmin = 2mA . Ulazni napon se menja u
v U
+
opsegu 16V ≤ v U ≤ 20V , dok je struja potrošača
− DZ 1 R v i P P Z min v Z
−
0≤ i P ≤ 20mA.
V Z
a) Odrediti maksimalnu otpornost R 1max pri
kojoj Zener dioda uvek radi u oblasti proboja.
Za R1
= R1max
odrediti:
b) maksimalnu snagu koja se disipira na otpornosti i
c) maksimalnu snagu koja se disipira na diodi.
Rešenje:
a) Struja koja protiče kroz otpornost R 1 je
v
iR1
= iZ + iP, U − v
i
Z
R1
=
R1
Da bi Zener dioda radila u oblasti proboja a potrošač dobijao potrebnu struju, ova struja treba
da bude veća od vrednosti
iR1min = iZmin + iPmax
.
Pošto se i ulazni napon menja prethodni uslov mora biti zadovoljen za čitav opseg ove promene
vUmin
≤vU ≤ vUmax
. Ako se izabere R 1 tako da je pri minimalnom ulaznom naponu
vUmin
− v
i
Z
R( vUmin ) = ≥ iR1min = iZmin + iPmax
,
R1
onda će pri naponima većim od v U min struja koja protiče kroz Zener diodu biti veća od i Z min . Na
osnovu prethodnog se zaključuje da mora biti
vUmin
− vZ vUmin
− v
R
Z
1≤ R1max
= = = 182Ω.
i i + i
R1min Zmin Pmax
b) Zener dioda uvek radi u oblasti proboja, što znači da je napon na otpornosti R 1
vR1
= vU − VZ
,
maksimalna snaga disipacije na njemu je
( vU −VZ) max ( vUmax
−VZ)
PR
1max = = = 352 mW .
R1 R1
c) Maksimalna snaga disipacije na Zener diodi nastaje pri maksimalnom ulaznom naponu i
minimalnoj struji potrošnje
vUmax
−V
P
Z
Zmax
= ( vZiZ) = V
max ZiZmax
= VZ
= 527 mW
R
1
+
V B
−
Slika 1.29
R 1
DZ 1
i P
R P
+
v P
−
i Z
V Z
v Z
1.29. Za kolo sa slike 1.29 poznato je: R 1 = 500Ω i
V Z = 4,7 V .
a) Ako je R P = 1kΩ
, odrediti i nacrtati zavisnost
napona na potrošaču od napona baterije za
napajanje V B , vP = vP( vB)
, 0 ≤ v B ≤10V
.
Ako je v V = 10V
i 0 ≤ R < ∞ , odrediti i
B
= B
P
1.26
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
+
v +
B
−
R 1
i P
R P
v P
−
+
v B
−
R 1
+
V Z
−
i P
R P
+
v P
−
nacrtati zavisnost:
b) napona na potrošaču u funkciji
otpornosti potrošača v P = vP ( RP
) i
c) snage koja se disipira na diodi u
funkciji otpornosti potrošača
P Z = PZ
( RP ) , P Z = vZiZ
.
Slika 1.29a Slika 1.29b
Rešenje:
a) Sve dok Zener dioda ne uđe u oblast proboja, slika 1.29a, napon na potrošaču je
RP
2
v vP = vB = vB,
P
RP
+ R1
3
V Z
Napon pri kome dolazi do proboja Zener diode je
0
Slika 1.29c
~2/3
3 V Z /2
vP = VZ = 2 VB1
/3 ⇒ VB1 = 3 VZ
/2= 7,05V.
Za vB
> VB1
Zener dioda radi u oblasti proboja, slika 1.29b,
v B
pa je
vP
= VZ.
Na slici 1.29c prikazana je zavisnost vP = vP( vB)
.
b) Sve dok je
RP
V
VB
≤ VZ
⇒ R
Z
P ≤ RP1 = R1 RP
+ R1
V B − V Z
= 443,4 Ω,
Zener dioda je zakočena. Napon na potrošaču tada je
RP
V
v
B
P = VB
= .
RP
+ R1 1 + R/
RP
v P
Kada je RP
> RP1
, Zener dioda provodi u oblasti proboja,
V Z
vP
= VZ
= 4,7 V .
Prema prethodnom, na slici 1.29d prikazana je zavisnost
v P = vP ( RP ) .
c) Sve dok dioda ne radi u oblasti proboja struja joj je nula, pa
0 R P1 R P je zato
( d )
v
PZ = vZ ⋅ iZ = vZ
⋅ 0= 0.
P
P
Kada je RP
> RP1
, snaga koja se disipira na diodi je
Z max
V
PZ = vZ ⋅ iZ = VZ ⋅ iZ,
B −VZ V
i
Z
Z = iR − i
1 P = − .
R1
RP
Smenom se dobija
2
0 R P1 R P
⎛VB −VZ VZ ⎞ VZ ( VB −VZ) V
P
Z
Z = VZ
⎜ − ⎟= −
( e)
⎝ R1 RP
⎠ R1
RP
⇒
Slika 1.29
PZ
= ( 0,05 − 22,1/ RP)
W .
Maksimalna vrednost disipacije na diodi ima se kada
→∞, a iznosi:
RP
PZ ( RP ) PZmax 0,05W
Na slici 1.21e prikazana je zavisnost P = P ( R ).
→∞ = → .
Z Z P
1.30. Karakteristika Zener diode upotrebljene u kolu sa slike 1.30a prikazana je na slici 1.30b.
a) Ako je V Z = 6,8V
pri i = 5mA , R = 20Ω , R = 500Ω , v = V = 10V i i P = 0 , odrediti v P .
Z
Z
B
B
+
v B
−
R 1
Dioda 1.27
Pod uslovom iz tačke a) odrediti:
b) promenu napona v P , ∆ vP
, ako se v B
promeni za ∆v B = ±10%
od svoje
nominalne vrednosti;
c) promenu napona v P , ∆ vP
, ako se struja
i promeni od i 1 = 0 do i 2 = 3mA ;
Slika 1.30a Slika 1.30b
d) maksimalnu vrednost otpornosti R 1max
tako da zener dioda radi u oblasti proboja
za 0 ≤i P ≤ 10mA .
e) Kolika je maksimalna snaga koja se disipira na Zener diodi iz tačke d)?
f) Ako je: VZ
= VZ0 = 6,8V , RZ
≈ 0 , vB
= VB
= 10V i R1 = R1max
, odrediti i nacrtati zavisnost
v P = v P ( i P ) , 0 ≤ ≤ 100mA ,.
i P
Rešenje:
a) Prema slici 1.30b je
R 1
DZ 1
iP
i P =
0
R
Z
P
( 5mA) ( 5mA)
V i = − V V i = −V
= =
i − i i
Z Z Z0 Z Z Z0
Z Z0
Z
( )
VZ0 = vZ iZ = 5mA − RZiZ
= 6,8V −20Ω⋅ 5mA=6,7 V .
+ R Z
v Primenjujući model diode koja radi u oblasti proboja, slika 1.30c,
B
v + +
− P dobija se
− V Z0
V
vP( iP = 0) = VP0 = VZ0
+ RZiZ, B −V
i
Z0 −
Z = = 6,35mA .
R+
RZ
Slika 1.30c
Smenom brojnih vrednosti dobija se napon na potrošaču
VB
−V
V
Z0
P0 = VZ0 + RZ
= 6,83V .
R + R Z
b) Ekvivalentna šema kola za slučaj
R i P = 0
1
R 1
promenljivog napona baterije v B i
konstantne potrošnje, ovde i P = 0 ,
+
R Z
∆v
prikazana je na slici 1.30d. Promena
B
∆ + R +
Z
v P1
∆i P ∆v P2
−
napona na potrošaču je
−
−
∆ R
v
Z
P1 = vB
38,46mV
RZ
+ R
∆ = ± .
Slika 1.30d Slika 1.30e
Relativno izražena ova promena je
∆vP1
=± 0.56% .
VP0
c) Pri konstantnom naponu baterije i promenljivoj potrošnji ekvivalentna šema kola prikazana je na
slici 1.30e. Promena napona na potrošaču u ovom slučaju je
∆v
∆ vP2 =−( RP || R) ∆ iP
=∓ 57.69mV ⇒
P2
= ∓ 0.85%
VP0
d) Da bi Zener dioda radila u oblasti proboja potrebno je da njena struja bude
iZ > iZmin = 0 .
Pošto je
vB
− v
i
P
vB − vP( iZ = 0) v
Z = iR1
− iP = − iP
⇒
B −V
i
Z0
Z = iZmin = − iPmax = − iPmax
⇒
R
R
R
1
+
vP
−
i Z
V Z0
~1/ RZ
v Z
1max
P
1max
P
⇒
1.28
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
vB
−V
R
Z0
1max = = 330Ω.
iP
max
e) Maksimalna snaga na Zener diodi disipira se u odsustvu potrošnje
2
v
PDZmax = vZZ i = VZ0iZmax + RZZ
i max ,
B −V
i
Z0
Z max = ≈9,43mA
.
Rmax
+ RZ
Smenom brojnih vrednosti dobija se
R 1
2
DZ max Z 0 Z max Z Z max
P DZ max = 65mW .
P = V i + R i ,
+
+ f) Sve dok je
+ +
+
vB
−V
v i
Z0
B V iP
v v B
iP
v
Z 0
P
P P < = IP1
≈ 9,7mA,
−
R
−
1
−
−
−
Zener dioda radi u oblasti proboja,
slika 1.30f, pa je
Slika 1.30f Slika 1.30g
vP = VZ0 = 6,8V .
Kada je IP1< iP ≤ IP2
, Zener
dioda je zakočena, slika 1.30g, pa je
vP = vB − Ri 1 P = ( 10 −330⋅ iP)
V .
Napon na potrošaču se smanjuje sve dok ne
v P
V Z 0
dostigne vrednost v P = 0 . Tada je
iP = IP2 = vB/ R1
= 30,3mA.
Posle toga Zener dioda postaje direktno
~ −330
polarisana, dok je napon na potrošaču
v P = 0 , iP
≥ IP2
.
Ako je strujni izvor bilateralan onda će se
i P sa promenom smera struje i P direktno polarisati
IP1
I P 2
Zener dioda. Realno je potrošač otpornost, tako
da napon na njemu može da ide samo do nule, a
Slika 1.30h
Na slici 1.30h prikazana je zavisnost ( )
R 1
struja do I P2
.
v i kada je potrošač idealni strujni izvor.
P
P
ZADACI ZA VEŽBANJE
D 2
R 1
v P
+
v G
D 1
−
V γ
Slika 1.31a Slika 1.31b
V
i D
~ 1/ R D
v D
1.31. U kolu sa slike 1.31a upotrebljene su
diode čija je strujno-naponska karakteristika
prikazana na slici 1.31b. Poznato je:
5V v = 12 Vsin 2π
ft , f = 1kHz ,
V = , ( )
G
R 1 = 1kΩ , R D = 100Ω i V γ = 0,6V .
a) Odrediti i nacrtati karakteristiku prenosa
v = v v ,
P P( G)
b) Nacrtati vremenski oblik napona v ( t )
c) Odrediti maksimalnu snagu koja se
disipira na diodama.
P
1.32. U kolu sa slike 1.32a upotrebljene su diode čija su karakteristika prikazane na slici 1.32b i
1.32c. Poznato je: V Z 0 = 5V, V γ = 0,6V , R Z = 10Ω , R D = 50Ω i R 1 = 1kΩ .
Dioda 1.29
a) Odrediti i nacrtati karakteristiku prenosa vP = vP( vG)
, −12 V ≤v G ≤ 12 V .
b) Ponoviti prethodnu tačku ako je zener dioda isključena iz kola.
R 1
i Z
i D
+
v G
−
D 1
D Z
D 4
D2
D3
+
v P
−
−V D
0
VZ 0
~1/ RZ
vZ
0
V γ
~1/ RD
v D
Slika 1.32 Slika 1.32b Slika 1.32c
i U
−5, 7
~1
[ mA]
5, 7
~1
v U
[ V]
+
v U
−
+ vC
C
D
v I
DZ
1.33. Koristeći Zener diode, diode
sa V D = 0,6V i potrebne
otpornosti, projektovati kolo koje
ima karakteristiku prenosa
i = i v kao na slici 1.33.
( )
U U U
1.34. U kolu sa slike 1.34 Zener
Slika 1.33 Slika 1.34
dioda ima V Z = 6,2 V pri iZ
≥ 0 ,
dioda ima prag provođenja
Vγ = V D = 0,6V , dok je C = 10nF i v ( )
U = Vm sin 2 π ft , V m = 12 V , f = 1kHz . Odrediti i nacrtati,
u toku prve dve periode ulaznog napona, vremenski oblik struje diode i D i napona v I i v C .
Smatrati da u početnom trenutku posmatranja u kolu nije bilo energije.
1.35. U kolu sa slike 1.35a diode imaju V D = 0,6V , dok je: R 1 = R 2 = 1kΩ i R 3 = 5kΩ . Ako je
vG() t = Vm sin ( 2 π f1t)
, V m = 1V f 1 = 1kHz , dok je vC
( t ) povorka impulsa prikazana na slici
1.35b, V 1 = 5V i T = 2/ f1, odrediti i nacrtati vremenski oblik napona v P .
+
v G
−
R 1
D
D3
4
D 5
v P
R 2
vC
R 3
+
D 6
D
D
1
2
− +
−
R 3
vC
V 1
0
−V 1
v C
1/ 2 1
t/
T
Slika 1.35a Slika 1.35b
1.30
Zbirka zadataka iz osnova elektronike
LITERATURA
S. Marjanović, Elektronika linearnih kola i sistema, Glava 6, Akademska misao, Beograd, 2002.
S. LJ. Tešić, D. M. Vasiljević, Osnovi elektronike, Glava 3, Građevinska knjiga, Beograd, 2000.
J. Millman and C. C. Halkias, Electronic Devices and Circuits, Chapter 6, McGraw, Hill, Inc.
Singapore 1
A. S. Sedra and K. C. Smith, Microelectronic circuits, Fourth Edition, Chapter 3, Oxford University
Press, New York, 1998.
D. L. Schilling and C. Belove, Electronic Circuits, Third Edition, Chapter 1, McGraw-Hill Book
Company, 1989.
D. A. Neamen, Electronic Circuit Analysis and Design, Second Edition, Chapter 2, McGraw-Hill
Book Company, 2001.
A. P. Malvino, Electronic Principles, Sixth Edition, Chapter 4, Glencoe/McGraw-Hill, New York,
1999.