Solutions auto-similaires du probl`eme de Riemann pour une loi de ...
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proposées <strong>pour</strong> <strong>de</strong>s cas différents dans [5],[12],[11]. En vertu <strong>de</strong> l’unicité toutes ces formules<br />
sont équivalentes <strong>pour</strong> le cas <strong>du</strong> problème <strong>de</strong> <strong>Riemann</strong> avec <strong>une</strong> fonction <strong>de</strong> flux f régulière<br />
convexe.<br />
Les démonstrations détaillées d’<strong>une</strong> partie <strong>de</strong>s assertions <strong>de</strong> cette note sont présentées<br />
dans [1].<br />
On fixe ε > 0 .<br />
L e m m e 1. Toute solution U(ξ) <strong>du</strong> problème (3) est croissante sur IR .<br />
Lapreuve([1])sefaitenraisonnantparl’absur<strong>de</strong>dansunvoisinaged’unpointd’extremum<br />
<strong>de</strong> la solution.<br />
Par suite, la fonction Ξ(u) = [U(ξ)] −1 est définie p.p. sur [u−,u+] et monotone.<br />
L e m m e 2. Soit <strong>une</strong> fonction U(ξ) <strong>une</strong> solution <strong>du</strong> problème (3), alors la fonction<br />
Φ(u) = u U(0) Ξ(v)dv−K sur [u−,u+] est <strong>une</strong> solution <strong>du</strong> problème suivant :<br />
⎧<br />
Φ ∈ C[u−,u+] et Φ est convexe<br />
Φ(u) ≤ f(u) sur [u−,u+] et Φ(u±) = f(u±)<br />
(5)<br />
⎪⎨<br />
⎪⎩<br />
ε<br />
f−Φ<br />
∈ Lloc<br />
1 ]u−,u+[<br />
¨Φ(u) ε ≥ f(u)−Φ(u)<br />
(f(u)−Φ(u)) <br />
Φ(u)− ¨ ε = 0 f(u)−Φ(u)<br />
(où ˙ signifie d/<strong>du</strong> dans tout ce qui suit.)<br />
⎫<br />
⎬<br />
⎭<br />
au sens <strong>de</strong> mesures sur ]u−,u+[<br />
Inversement, soit Φ(u) <strong>une</strong> solution <strong>de</strong> (5) , alors la fonction U(ξ) = [ ˙ Φ(u)] −1 ≡<br />
≡ ∂/∂x max (xv −tΦ(v)) est <strong>une</strong> solution <strong>de</strong> (3).<br />
u−≤v≤u+<br />
Démonstration. (3) ⇒ (5) On réécrit l’équation (3) sous la forme<br />
(6) εU ′ (ξ) = f(U(ξ))−Φ(U(ξ)),<br />
d’où Φ ∈ C]u−,u+[ et Φ ≤ f . Puisque ˙ Φ(u) = Ξ(u) est <strong>une</strong> fonction continue p.p.<br />
croissante, alors Φ est convexe. Posons Ω = {u|∃ξ : U(ξ) = u,U ′ (ξ) = 0} . La mesure<br />
<strong>de</strong> Lebesgue |Ω| est zéro d’après le lemme <strong>de</strong> Sard et Ω ≡ {u|Φ(u) = f(u)}. Pour tout<br />
u ∈ [u−,u+]\Ω il existe ¨ Φ(u) = ˙ Ξ(u) = 1/U ′ (ξ) > 0 ; ¨ ε Φ(u) = et Φ(u) < f(u);<br />
f(u)−Φ(u)<br />
et comme (f − Φ) ¨ Φ = 0 sur Ω, alors (f − Φ) <br />
Φ− ¨ ε = 0 au sens <strong>de</strong> mesures sur<br />
f−Φ<br />
]u−,u+[ . Puisque |Ω| = 0 et ¨ Φ ≥ 0, alors ¨ Φ ≥ ε<br />
f−Φ sur ]u−,u+[ au même sens. Par<br />
suite, <strong>pour</strong> tout segment [a,b] ⊂]u−,u+[ on a b ε<br />
a f(u)−Φ(u) <strong>du</strong> ≤ ˙ Φ(b+0)− ˙ Φ(a−0) < ∞,<br />
d’où ε<br />
f−Φ<br />
∈ Lloc<br />
1 ]u−,u+[ . L’équation (6) avec U(±∞) = u± impliquent qu’il existe<br />
lim<br />
ξ→±∞ U′ (ξ) = 0 , alors Φ(u±) = f(u±) et Φ ∈ C[u−,u+] .<br />
(5) ⇒ (3) La fonction Ξ(u) := ˙ Φ(u) est croissante, on peut donc définir<br />
U(ξ) = [Ξ(u)] −1 . Maitenant si u 0 /∈ Ω , alors il existe ˙ Ξ(u) = ε<br />
f(u)−Φ(u)<br />
2<br />
> 0 sur un