21 ĐỀ HÓA HỌC BIÊN SOẠN THEO CẤU TRÚC ĐỀ MINH HỌA CỦA BỘ GIÁO DỤC NĂM 2019 HƯỚNG DẪN GIẢI CHI TIẾT

https://twitter.com/daykemquynhon
https://daykemquynhonofficial.wordpress.com
http://daykemquynhon.ucoz.com
Nơi bồi dưỡng kiến thức Toán - Lý - Hóa cho học sinh cấp 2+3 /
Diễn Đàn Toán - Lý - Hóa Quy Nhơn 1000B Trần Hưng Đạo Tp.Quy Nhơn Tỉnh Bình Định
Câu 37. Chọn C.
- Các phản ứng xảy ra:
Na 2 SO 4 + BaCl 2 ⎯⎯→ BaSO 4↓ + 2NaCl ;
2NaHSO 4 + BaCl 2 ⎯⎯→ BaSO 4↓ + Na 2 SO 4 + 2HCl
Na 2 SO 4 + Ba(OH) 2 ⎯⎯→ BaSO 4↓ + 2NaOH ; NaHSO 4 + Ba(OH) 2 ⎯⎯→ NaOH + BaSO 4↓ + H 2 O
⇒ Khối lượng kết tủa thu được là như nau.
Câu 38. Chọn A.
- Khi đốt cháy hỗn hợp E rồi hấp thụ sản phảm cháy vào dung dịch Ca(OH) 2 dư, ta có hệ sau :
⎧12n C + nH + 16nO = m E = 21,62
⎧nCO
= 0,87 mol
2
⎪
⎪
⎨100n CaCO − (44n
3 CO + 18n
2 H2O ) = mdung dÞch gim = 34,5 → ⎨nH2O
= 0,79 mol
⎪
nE
nNaOH
0,3
⎪
⎩ = =
⎩nE
= 0,3mol
+ Áp dụng độ bất bão hòa ta được: nY + nZ = nCO − n
2 H2O = 0,08mol ⇒ nX = nE − nY − nZ
= 0,22mol
nCO2
+ Ta có: C E = = 2,9 nên trong E có chứa HCOOCH 3 .
nE
- Theo dữ kiện đề bài thi hỗn hợp ancol thu được đồng đẳng kế tiếp nên hỗn hợp ancol gồm CH 3 OH và
C 2 H 5 OH, mặc khác trong Y và Z có một liên π C = C đồng thời có đồng phân hình học.
→ Từ tất cả các dữ kiện trên ta suy ra : C ≥ 5
Y,Z
nCO
− 2n
2 X
+ Mặc khác, ta có : C Y,Z = = 5,375 .
nY
+ nZ
→ Vậy este Y và Z lần lượt là CH 3 − CH = CH − COOCH3
và CH 3 − CH = CH − COOC 2H
5
⇒ m = 0,08.108 = 8,64(g)
CH3
− CH= CH−COONa
Câu 39. Chọn B.
a mol b mol
Fe , Cu + NaNO ,H SO ⎯⎯→
10,24 (g) X dung dÞch hçn hîp
NO :0,12 mol
0,5a mol b mol
0
+ n+ 2+ 2−
2
Na ,Fe ,Cu ,SO4 ⎯⎯⎯⎯→ kÕt tña ⎯⎯→ Fe2O 3 ,CuO,BaSO4
3 2 4 Ba(OH) t
dung dÞch Y
4nNO
nH2SO4
- Ta có nH2SO
= = 0,24 mol ⇒ V
4
Y = = 0,4(l)
2 [H2SO 4]
- Xét 69,52 gam hỗn hợp rắn khan ta được hệ sau:
⎧56nFe + 64nCu = m X
⎧56a + 64b = 10,24 ⎧a = 0,08
⎨ → ⎨ ⇒ ⎨
⎩160nFe2O + 80n
3 CuO = m r¾n khan − 233n BaSO 80a + 80b = 13,6 b = 0,09
4 ⎩
⎩
- Xét dung dịch Y có n 3+ = 3n − (2n + 2n ) = 0,02 mol ⇒ C = 0,025M
Fe
NO Fe Cu Fe 2 (SO 4 ) 3
69,52 (g) r¾n khan
Câu 40. Chọn D.
- Quy đổi hỗn hợp muối thu được sau phản ứng thành C 2 H 4 O 2 NNa (a mol) và – CH 2 (b mol) ta có :
⎧ nC2H4ONNa = 2nN2
⎧a = 0,7
⎧nGly
= a − b = 0,27 mol
⎨ → ⎨ ⇒ ⎨
⎩2,25n C2H4ONNa + 1,5n −CH = n
2 O 97a 14b 2,22
2 ⎩ + = ⎩nAla
= b = 0,43mol
⇒ m = 97n + 14n = 73,92(g)
muèi C2H4ONNa CH2
−
- Quy đổi hỗn hợp Y và Z trong E thành C 2 H 3 ON, -CH 2 và H 2 O. Cho E tác dụng với NaOH thì
BTKL m E + 40nNaOH − m muèi − m T
: ⎯⎯⎯→ nH2O = nY + nZ
= = 0,21mol (với nNaOH
= nC2H4O2NNa
= 0,7mol )
18
* TH 1 : X là este của Alanin với ancol C 2 H 5 OH khi đó CTCT của X là NH 2 CH(CH 3 ) COOC 2 H 5 , ta có :
n = n = 0,3mol → n = n − n = 0,4 mol
DIỄN ĐÀN TOÁN - LÝ - HÓA 1000B TRẦN HƯNG ĐẠO TP.QUY NHƠN
∑
X C2H5OH m¾c xÝch (trong X,Y) C2H4O2NNa X
∑
nm¾c xÝch
⇒ k(m¾c xÝch) = = 1,904 < 2(lo¹i)
nE
* TH 2 : X là este của Glyxin với ancol C 3 H 7 OH khi đó CTCT của X là NH 2 CH 2 COOC 3 H 7
www.facebook.com/daykem.quynhon
https://daykemquynhon.blogspot.com
MỌI YÊU CẦU GỬI VỀ HỘP MAIL DAYKEMQUYNHONBUSINESS@GMAIL.COM
HOTLINE : +84905779594 (MOBILE/ZALO)
DẠY KÈM QUY NHƠN OFFICIAL ST&GT : Đ/C 1000B TRẦN HƯNG ĐẠO TP.QUY NHƠN
Đóng góp PDF bởi GV. Nguyễn Thanh Tú
www.facebook.com/daykemquynhonofficial
Trang 9
www.facebook.com/boiduonghoahocquynhonofficial