Problème 1
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Page 4 DM 2 pour le 17 octobre 2011 Lycée Clemenceau Nantes – MPSI 3<br />
Commentaires et Correction<br />
<strong>Problème</strong> 3 du DM 1<br />
La théorie a été bien traitée dans ce problème sur le télescope de HUBBLE.<br />
En revanche, beaucoup d’erreurs sur la dernière application numérique. Si<br />
vous écrivez que tanα≃α, cela implique que α est en radian.<br />
<strong>Problème</strong> 1<br />
Dans l’ensemble, le problème a été bien abordé. Le dosage de la soude carbonatée<br />
était délicat bien que très proprement décrit dans le sujet. Il existe<br />
des versions de cet exercice, où l’on donne beaucoup moins d’explication.<br />
Rapellez–vous quand même qu’il est préférable de raisonner en quantités<br />
de matière pour les tableaux d’avancement dans les dosages.<br />
<strong>Problème</strong> 2<br />
Les équations ont été en général bien posées dans ce petit problème de circulation.<br />
Attention aux signes des vitesses et des accélérations dans les AN. Il<br />
n’était pas nécessaire d’avoir un référentiel galiléen ici car c’est un problème<br />
de cinématique et pas de dynamique.<br />
<strong>Problème</strong> 3<br />
Pour bien résoudre ce petit problème de maths, il faut évidemment partir des<br />
bonnes équations. Un schéma clair s’impose ici si on ne veut pas se tromper<br />
dans l’expression de v en fonction de v0.<br />
<strong>Problème</strong> 4<br />
<strong>Problème</strong> assez bien traité. N’oubliez pas de commencer par définir le système<br />
et le référentiel d’étude galiléen. Évidemment, pour écrire correctement<br />
les projections sur les axes de la RFD, il faut aussi commencer par<br />
dessiner un schéma, qui manque dans trop de copies.<br />
<strong>Problème</strong> 3 du DM 1<br />
II – Observation de Mars à travers un télescope<br />
4. On considère le montage suivant :<br />
F1<br />
<br />
+<br />
S2<br />
L’image de l’objet lumineux O après réflexion sur M1 est en F1 car O est à<br />
l’infini sur l’axe. L’image O’ après réflexion sur M2 est obtenue par la relation<br />
de conjugaison 1 1<br />
+<br />
S2O’<br />
S2F1<br />
= 1<br />
S2F2<br />
= 2<br />
S2C2<br />
, soit<br />
S2O’= S2C2S2F1<br />
2S2F1−S2C2<br />
On a S2F1= S2S1+S1F1=−0,6125 m. On en déduit S2O’=6,384 m et<br />
S1O’=S2O’−S2S1= 1,484 m<br />
5. L’image se trouve dans le plan perpendiculaire à l’axe optique passant par<br />
O’. L’image A1B1 de AB à travers M1 est renversée et se forme dans le plan<br />
foal de M1. Elle a pour taille :<br />
A1B1=−2 R1<br />
2<br />
tan α<br />
2<br />
Pour α petit, tanα≃α et A1B1=−R1<br />
α<br />
2 avec R1> 0.<br />
S1