Z - Ð¢ÐµÑ Ð½Ð¸ÑеÑки УнивеÑÑиÑÐµÑ - СоÑÐ¸Ñ - Филиал Ðловдив
Z - Ð¢ÐµÑ Ð½Ð¸ÑеÑки УнивеÑÑиÑÐµÑ - СоÑÐ¸Ñ - Филиал Ðловдив
Z - Ð¢ÐµÑ Ð½Ð¸ÑеÑки УнивеÑÑиÑÐµÑ - СоÑÐ¸Ñ - Филиал Ðловдив
You also want an ePaper? Increase the reach of your titles
YUMPU automatically turns print PDFs into web optimized ePapers that Google loves.
- 18 -<br />
или bk<br />
1<br />
, , b2<br />
k 2<br />
е по-голямо от съответното a<br />
j<br />
, т.е за някое<br />
j [ k 1,2k<br />
2] bj > 2k<br />
j . Тогава в първия случай<br />
i<br />
bj b2<br />
k 1<br />
2k<br />
1 j > j 1 2k<br />
1 j = 2k<br />
или<br />
b j<br />
b1<br />
j 1> 2k<br />
j 1 j 1= 2k<br />
Така че и в двата случая получаваме противоречие, т.е.<br />
[2,k 1]<br />
b b k i = b 2k<br />
i 2k,<br />
b i.<br />
Аналогично<br />
i<br />
k<br />
i<br />
i<br />
j [2, k 1] bj > j или<br />
b k<br />
= k . За всяко<br />
2k<br />
1<br />
2k<br />
1<br />
2<br />
b j<br />
2 k j за всяко j [ k 1,2k<br />
2] . Но b = k = i .<br />
Следователно всички нестроги неравенства всъщност са равенства и единствеността е<br />
доказана.<br />
Тъй като за всяка пермутация ( b ), T((<br />
b),<br />
n)<br />
k(<br />
b)<br />
1 , то няма смисъл да се<br />
разглеждат разбивания с повече от 2k 1 части. Да разгледаме произволна пермутация<br />
(b)<br />
на разбиване с 2 k p части (p > 1) и нека първо p е четно число -<br />
2<br />
p = 2q,<br />
q > 0. Да допуснем, че T((<br />
b),<br />
k ) 2k<br />
. Тогава за всяко i = 1,2, ,k q<br />
b b 2( k q)<br />
1 2i<br />
k<br />
и следователно<br />
Тъй<br />
като<br />
k<br />
q<br />
i=1<br />
b<br />
i<br />
k<br />
q<br />
b<br />
i<br />
i=1<br />
b<br />
2( k<br />
i 2( k q)<br />
1 i<br />
2<br />
b<br />
2( k<br />
q)<br />
1 i<br />
q)<br />
1 i<br />
= k<br />
2<br />
2( k<br />
q)<br />
1<br />
2i<br />
k<br />
q<br />
i=1<br />
2k.<br />
i=1<br />
i<br />
i=1<br />
, то след елементарни преобразования<br />
2<br />
2<br />
получаваме q 0 . Полученото противоречие показва, че T((<br />
b),<br />
k ) > 2k<br />
за разбивания<br />
с k( b)<br />
= 2k<br />
2q<br />
. Нека сега p е нечетно число - p = 2q<br />
1, q > 0 Отново да допуснем,<br />
2<br />
че T((<br />
b),<br />
k ) 2k<br />
. Тогава за всяко i = 1,2, , k q 1<br />
bi b2(<br />
k q)<br />
i<br />
2( k q)<br />
2i<br />
2k<br />
Сумираме тези неравенства за i = 1,2, , k q 1 , прибавяме към получената<br />
сума неравенствот b1 bk q<br />
k q 1 2k<br />
. Както по-горе ,тъй като<br />
k q 1<br />
i=1<br />
2<br />
b1<br />
( b b ) b = k<br />
i<br />
2( k<br />
q)<br />
i<br />
k<br />
q<br />
2<br />
, то след елементарни преобразования получаваме<br />
2<br />
q 1 0 . Полученото противоречие показва, че T((<br />
b),<br />
k ) > 2k<br />
k ( b)<br />
= 2k<br />
2q<br />
1, с което Стъпка 1 е окончателно доказана.<br />
и за разбивания с<br />
Стъпка 2. За n = k<br />
2 k f ( n)<br />
= 2k<br />
1 , при това съществува единствена<br />
пермутация, водеща до f (n)<br />
и тя е:<br />
a i<br />
= min{ i,2k<br />
i 1}, i =1,2, ,2k<br />
2.<br />
Доказателството е съвършено аналогично на доказателството на Стъпка 1.<br />
Стъпка 3. f ( n 1) f ( n)<br />
{0,1}.<br />
Нека min { T (( a),<br />
n 1)} се достига за пермутацията b)<br />
= ( b , b , , b ). Очевидно<br />
не всички b = 1. Нека b > 1. Да разгледаме пермутацията<br />
p<br />
q<br />
( b ) :<br />
b<br />
j<br />
, j<br />
q<br />
bj = bq<br />
1 , j = q<br />
(<br />
1 2 m