1. Rovnice, nerovnice a soustavy

14 Kapitola 1
19. Řešte v R rovnici
1 x −x
e + e
2
= 2,5 .
Řešení: Jednoduchými úpravami postupně dostaneme:
1 x −x
e + e
2
= 5
2 , ex + e −x = 5 , e 2x − 5e x + 1 = 0 .
Položíme v poslední rovnici e x = u a dostaneme:
Protože u1,2 > 0 , je:
e x1 = 5 + √ 21
2
u 2 − 5u + 1 = 0 , u1 = 5 + √ 21
2
⇒ x1 = ln 5 + √ 21
2
Rovnice má dvě řešení x1 = ln 5 − √ 21
2
20. Řešte v R rovnici
, e x2 = 5 − √ 21
2
a x2 = ln 5 + √ 21
2
, u2 = 5 − √ 21
.
2
log(x + 2) − log(x − 1) = 2 − log 4 .
.
⇒ x2 = ln 5 − √ 21
2
Řešení: Vzhledem k definičnímu oboru logaritmu musí být x + 2 > 0 a x − 1 > 0 , což je
ekvivalentní jediné podmínce x > 1 . Využijeme vlastností logaritmů a postupně dostaneme:
log
Řešením rovnice je x = 9
8 .
21. Řešte v R rovnici
x + 2 100
= log
x − 1 4 ,
x + 2
27 9
= 25 , x = , x =
x − 1 24 8 .
2 log x
= 1 .
log(5x − 4)
Řešení: Rovnici řešíme v oboru x > 0, 5x − 4 > 0 a 5x − 4 = 1, tj. za předpokladu x = 1, a
x > 4
. Postupnými úpravami postupně dostaneme:
5
2 log x = log(5x − 4)
log x 2 = log(5x − 4)
x 2 = 5x − 4
x 2 − 5x + 4 = 0 , x = 1 ∨ x = 4 .
Vzhledem k podmínce x = 1 rovnici vyhovuje pouze x = 4 .
22. Řešte v R rovnici
3 · 2 log x + 8 · 2 − log x = 5(1 + 10 log 5√ 100) .
Řešení: Vzhledem k definičnímu oboru logaritmu musí platit x > 0 . Zavedeme substituci
2 log x = z a postupně dostaneme
3z + 8
z = 5(1 + 10 · 2
5 )
3z 2 − 25z + 8 = 0 , z1 = 8 , z2 = 1
3 .
.