PROVA DE MATEMÃTICA DA UFMG VESTIBULARâ 2011 â 2 Fase ...
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<strong>PROVA</strong> <strong>DE</strong> MATEMÁTICA <strong>DA</strong> <strong>UFMG</strong><br />
VESTIBULAR– <strong>2011</strong> – 2 a <strong>Fase</strong><br />
RESOLUÇÃO: Profa. Maria Antônia Gouveia.<br />
<strong>PROVA</strong> A<br />
QUESTÃO 01<br />
Considere as retas r, s e t de equações, respectivamente, y = 2x – 4, y = –x + 11 e<br />
x + 7<br />
y = .<br />
5<br />
1. TRACE, no plano cartesiano abaixo, os gráficos dessas três retas.<br />
2. CALCULE as coordenadas dos pontos de interseção A = r ∩ s, B = r ∩ t e C = s ∩ t.<br />
3. <strong>DE</strong>TERMINE a área do triângulo ABC.<br />
RESOLUÇÃO:<br />
1. Para traçar as retas necessita-se determinar para cada uma delas pelo menos dois pares ordenados.<br />
I. Reta r: y = 2x – 4 ⇒<br />
⎧x<br />
= 2 ⇒ y = 4 − 4 = 0<br />
⎨<br />
⇒ r possui<br />
⎩x<br />
= 4 ⇒ y = 8 − 4 = 4<br />
os pontos (2, 0) e (4, 4).<br />
II. Reta s: y = –x + 11<br />
⎧x<br />
= 5 ⇒ y = −5<br />
+ 11 = 6<br />
⇒ ⎨<br />
⇒ s<br />
⎩x<br />
= 8 ⇒ y = −8<br />
+ 11 = 3<br />
possui os pontos (5, 6) e (8, 3).<br />
x + 7<br />
III. Reta t: y = ⇒<br />
5<br />
⎧<br />
− 2 + 7<br />
⎪x<br />
= −2<br />
⇒ y = = 1<br />
5<br />
⎨<br />
⇒ t possui<br />
⎪<br />
3 + 7<br />
x = 3 ⇒ y = = 2<br />
⎩<br />
5<br />
os pontos (–2, 1) e (3, 2).<br />
1
2. As coordenadas dos pontos de interseção A = r ∩ s, B = r ∩ t e C = s ∩ t serão determinados<br />
pela análise do gráfico acima ou pela resolução dos sistemas:<br />
⎧y<br />
= 2x − 4 ⎧y<br />
= −x<br />
+ 11<br />
⎧y<br />
= 2x − 4 ⎪<br />
⎪<br />
⎨ , ⎨ x + 7 e ⎨ x + 7<br />
⎩y<br />
= −x<br />
+ 11 ⎪y<br />
=<br />
⎩ 5<br />
⎪y<br />
=<br />
⎩ 5<br />
⎧3y<br />
= 18<br />
⎧y<br />
= 2x − 4 ⎪<br />
⎨<br />
⇒ ⎨y<br />
= 6 ⇒ A = ( 5,6)<br />
,<br />
⎩2y<br />
= −2x<br />
+ 22 ⎪<br />
⎩x<br />
= 8<br />
⎧y<br />
= 2x − 4<br />
⎧−<br />
9y = −18<br />
⎪<br />
⎧y<br />
= 2x − 4 ⎧y<br />
= 2x − 4 ⎪<br />
⎨ x + 7 ⇒ ⎨ ⇒ ⎨<br />
⇒ ⎨y<br />
= 2 ⇒ B = ( 3,2)<br />
⎪y<br />
= ⎩5y<br />
= x + 7 ⎩−10y<br />
= −2x<br />
−14<br />
5<br />
⎪<br />
⎩<br />
⎩x<br />
= 3<br />
⎧y<br />
= −x<br />
+ 11<br />
⎧6y<br />
= 18<br />
⎪<br />
⎧y<br />
= −x<br />
+ 11 ⎪<br />
⎨ x + 7 ⇒ ⎨ ⇒ ⎨y<br />
= 3 ⇒ C = ( 8,3)<br />
⎪y<br />
= ⎩5y<br />
= x + 7<br />
5<br />
⎪<br />
⎩<br />
⎩x<br />
= 8<br />
RESPOSTA: A = (5, 6), B = (3, 2) e C = (8 3).<br />
3. Sendo A = (5, 6), B = ( 3, 2) e C = (8, 3), a área do triângulo ABC é:<br />
5 6 1<br />
1<br />
1<br />
1<br />
1<br />
S = × 3 2 1 = × 10 + 9 + 48 −16<br />
−15<br />
−18<br />
= × 67 − 49 = × 18 = 9 u.a.<br />
2<br />
2<br />
2<br />
2<br />
8 3 1<br />
RESPOSTA: A área do triângulo ABC é 9u.a.<br />
Um outra maneira de calcular a área<br />
do triângulo da seguinte forma:<br />
S ABC = S B<strong>DE</strong>F – (S BDC + S CEA – S AFB ) ⇒<br />
S ABC =<br />
⎛ 5×<br />
1+<br />
3×<br />
3 + 2 × 4 ⎞<br />
5 × 4 − ⎜<br />
⎟ = 20 −11<br />
= 9<br />
⎝ 2 ⎠<br />
2
QUESTÃO 02<br />
Uma fábrica vende determinado produto somente por encomenda de, no mínimo, 500 unidades e, no<br />
máximo, 3.000 unidades.<br />
O preço P, em reais de cada unidade desse produto, é fixado, de acordo com o número x de unidades<br />
⎧90,<br />
se 500 ≤ x ≤ 1.000.<br />
encomendadas, por meio desta equação: P = ⎨<br />
.<br />
⎩100<br />
− 0,01x,se1.000 < x ≤ 3.000<br />
O custo C, em reais, relativo à produção de x unidades desse produto é calculado pela equação C = 60x<br />
+ 10.000<br />
O lucro L apurado com a venda de x unidades desse produto corresponde à diferença entre a receita<br />
apurada com a venda dessa quantidade e o custo relativo à sua produção.<br />
Considerando essas informações,<br />
1. ESCREVA a expressão do lucro L correspondente à venda de x unidades desse produto para<br />
500 ≤ x ≤1.000 e para 1.000 < x ≤ 3.000.<br />
2. CALCULE o preço da unidade desse produto correspondente à encomenda que maximiza o lucro.<br />
3. CALCULE o número mínimo de unidades que uma encomenda deve ter para gerar um lucro de, pelo<br />
menos, R$ 26.400,00.<br />
RESOLUÇÃO:<br />
1. O lucro é a diferença entre a receita correspondente à venda de x unidades e o custo relativo à produção<br />
destas x unidades.<br />
I. Para 500 ≤ x ≤1.000, R = 90x, então, L = 90x – (60x + 10.000) ⇒ L = 30x – 10.000.<br />
II. Para 1.000 < x ≤ 3.000, R = x(100 – 0,01x), então L = –0,01x 2 + 100x –(60x + 10.000) ⇒<br />
L = –0,01x 2 + 40x – 10.000.<br />
RESPOSTA: A a expressão do lucro L correspondente à venda de x unidades desse produto<br />
para 500 ≤ x ≤1.000 é L = –0,01x 2 + 40x – 10.000.<br />
2. L = –0,01x 2 −40<br />
40 4000<br />
+ 40x – 10.000 , assume o valor máximo para x = = = = 2000 .<br />
2( −0,01)<br />
0,02 2<br />
Como 2.000 pertence ao intervalo 1.000 < x ≤ 3.000, o preço da unidade desse produto será:<br />
P = 100 – 2.000 × 0,01 = 100 – 20 = 80 reais.<br />
RESPOSTA: O o preço da unidade desse produto correspondente à encomenda que maximiza o<br />
lucro é de R$ 80,00.<br />
3. Para 500 ≤ x ≤1.000 o lucro máximo será de ⇒ L = 30.000 – 10.000 = 40.000 reais.<br />
Então o lucro de, pelo menos, R$ 26.400,00. será atingido nesse intervalo.<br />
Assim, L = 30x – 10.000 = 26.400 ⇒ 30x = 36.400 ⇒ x = 1213,33.<br />
RESPOSTA: O número mínimo de unidades que uma encomenda deve ter para gerar um lucro de,<br />
pelo menos, R$ 26.400,00 é 1.214.<br />
QUESTÃO 03<br />
Um tipo especial de bactéria caracteriza-se por uma dinâmica de crescimento particular. Quando colocada<br />
em meio de cultura, sua população mantém-se constante por dois dias e, do terceiro dia em diante, cresce<br />
exponencialmente, dobrando sua quantidade a cada 8 horas.<br />
Sabe-se que uma população inicial de 1.000 bactérias desse tipo foi colocada em meio de cultura.<br />
Considerando essas informações,<br />
1. CALCULE a população de bactérias após 6 dias em meio de cultura.<br />
2. <strong>DE</strong>TERMINE a expressão da população P, de bactérias, em função do tempo t em dias.<br />
3. CALCULE o tempo necessário para que a população de bactérias se torne 30 vezes a população inicial.<br />
(Em seus cálculos, use log 2 = 0,3 e log 3 = 0,47.)<br />
3
RESOLUÇÃO:<br />
1. A população das p bactérias permanece constante por dois dias e, do terceiro dia em diante, cresce<br />
exponencialmente, dobrando sua quantidade a cada 8 horas, e como do 3 o ao 6 o dia existem 12 períodos<br />
de 8 horas, pode-se representar esta situação no seguinte esquema<br />
Dia 1 Dia2 Dia 3 Dia 4 Dia 5 Dia 6<br />
p p p.2 p.2 2 p.2 3 p.2 4 ... ... ... ... ... ... ... p.2 12<br />
Logo após 6 dias em meio de cultura o número P de bactérias é: P = 1000×<br />
2 4.096. 000 .<br />
RESPOSTA: A população de bactérias após 6 dias em meio de cultura é de 4.096.000.<br />
2. Considerando como p o número inicial de bactérias e que p não varia nos dois primeiros dias, 3(t – 2)<br />
é o número de períodos de 8 horas em (t – 2) dias.<br />
RESPOSTA: Logo, a expressão da população P, de bactérias, em função do tempo t , é<br />
3( t−2<br />
P = p.2<br />
)<br />
com t > 2.<br />
3<br />
3.<br />
( t−2) 3<br />
= = ⇒<br />
( t−2) 3<br />
= ⇒<br />
( t−2<br />
P p.2 30p 2 30 log 2<br />
)<br />
12 =<br />
( ) = log30 ⇒ 3( t − 2) log2 = log2 + log3 + log5 ⇒<br />
327 109<br />
3 ( t − 2) × 0,3 = 0,3 + 0,47 + log10 − log2 ⇒ 0,9( t − 2) = 1,47 ⇒ 0,9t = 1,47 + 1,8 ⇒ t = = dias<br />
90 30<br />
RESPOSTA: O tempo necessário para que a população de bactérias se torne 30 vezes a população<br />
109<br />
inicial é de dias. 30<br />
QUESTÃO 04<br />
Numa brincadeira, um dado, com faces numeradas de 1 a 6, será lançado por Cristiano e, depois, por<br />
Ronaldo. Será considerado vencedor aquele que obtiver o maior lançamento. Se, nos dois lançamentos,<br />
for obtido o mesmo resultado, ocorrerá empate.<br />
Com base nessas informações,<br />
1. CALCULE a probabilidade de ocorrer um empate.<br />
2. CALCULE a probabilidade de Cristiano ser o vencedor.<br />
RESOLUÇÃO:<br />
Número do espaço amostral: 6 possibilidades para Cristiano e 6 possibilidades para Ronaldo, assim<br />
n(E) = 6 × 6 = 36.<br />
1.<br />
CRISTIANO RONALDO<br />
Empate 6 possibilidades 1 possibilidade ( a que tiver saído para Cristiano)<br />
Número de casos favoráveis: n(A) = 6 × 1 = 6.<br />
n(A) 6 1<br />
RESPOSTA: A probabilidade de ocorrer um empate é p = = =<br />
n(E) 36 6<br />
2.<br />
CRISTIANO RONALDO Possibilidades<br />
Vitória para Cristiano Saindo o 6 5 possibilidades (1, 2, 3, 4 ou 5) 1 × 5 = 5<br />
Saindo o 5 4 possibilidades (1, 2, 3 ou 4) 1 × 4 = 4<br />
Saindo o 4 3 possibilidades (1, 2 ou 3) 1 × 3 = 3<br />
Saindo o 3 2 possibilidades (1 ou 2) 1 × 2 = 2<br />
Saindo o 2 1 possibilidades (1) 1 × 1 = 1<br />
Total de possibilidades favoráveis 15<br />
RESPOSTA: A probabilidade de ocorrer vitória para Cristiano é<br />
n(A) 15<br />
p = = =<br />
n(E) 36<br />
5<br />
12<br />
4
QUESTÃO 05.<br />
PQR é um triângulo equilátero de lado a e, sobre os lados desse triângulo, estão construídos os<br />
quadrados ABQP, CDRQ e EFPR:<br />
Considerando essas informações,<br />
1. <strong>DE</strong>TERMINE o perímetro do hexágono ABC<strong>DE</strong>F.<br />
2. <strong>DE</strong>TERMINE a área do hexágono ABC<strong>DE</strong>F.<br />
3. <strong>DE</strong>TERMINE o raio da circunferência que passa pelos vértices do hexágono ABC<strong>DE</strong>F.<br />
RESOLUÇÃO:<br />
1. Em torno do ponto R existem quatro ângulos: dois de 90°, um de 60°<br />
e um de 120° (90° + 90° + 60° + 120° = 360°).<br />
Os triângulos ERD, CQB e FPA são congruentes e em cada um deles,<br />
pela Lei dos Cossenos:<br />
2 2 2 2<br />
2 2⎛ 1 ⎞<br />
x = a +<br />
2 2<br />
a − 2a × cos120 ° ⇒ x = 2a ⎜1<br />
+ ⎟ ⇒ x = 3a ⇒ x = a<br />
⎝ 2 ⎠<br />
RESPOSTA: Então o perímetro do hexágono ABC<strong>DE</strong>F é<br />
3 a + 3a 3 = 3a 1 +<br />
( 3)<br />
2. O hexágono ABC<strong>DE</strong>F é formado por três quadrados (ABPQ, CDRQ e EFPR), por um triângulo<br />
equilátero (PQR) e por três triângulos obtusângulos (<strong>DE</strong>R, AFP e BCQ), logo a sua área é igual à soma<br />
das áreas destes sete polígonos.<br />
S = 3a<br />
2<br />
2<br />
a 3 ⎛ 1<br />
+ + 3⎜<br />
× a<br />
4 ⎝ 2<br />
2<br />
⎞<br />
× sen120°<br />
⎟ = 3a<br />
⎠<br />
2<br />
2<br />
a 3 3a 3<br />
+ + = 3a<br />
4 4<br />
RESPOSTA: A área do hexágono ABC<strong>DE</strong>F é a ( 3 3)<br />
2 +<br />
3. A soma dos arcos EF e ED é igual à soma dos arcos DC e<br />
CB que é igual à soma dos arcos AB e AF, logo, o triângulo<br />
BDF é equilátero inscrito na circunferência que passa pelos<br />
vértices do hexágono ABC<strong>DE</strong>F.<br />
No triãngulo <strong>DE</strong>F, aplicando a Lei dos Cossenos:<br />
x<br />
2<br />
⎛ ⎞<br />
=<br />
2 +<br />
2 −<br />
2 1 × ⎜ − ⎟ ⇒ x<br />
2<br />
= 4a<br />
2<br />
a 3a 2a 3<br />
+ a<br />
2 3 ⇒<br />
⎝ 2 ⎠<br />
2<br />
2<br />
x = 4a + a 3 = a 4 + 3 (lado do ∆ BDF).<br />
O lado de um triângulo equilátero inscrito em função do raio<br />
mede r 3 .<br />
2<br />
2<br />
3<br />
+ a<br />
2<br />
3 = a<br />
2<br />
( 3 + 3)<br />
a 4 + 3 a 12 + 3 3<br />
Assim: r 3 = a 4 + 3 ⇒ r = =<br />
3 3<br />
RESPOSTA: O raio da circunferência que passa pelos vértices do hexágono ABC<strong>DE</strong>F mede<br />
a 12 + 3 3<br />
3<br />
.<br />
5
<strong>PROVA</strong> B<br />
QUESTÃO 01<br />
Cinco times de futebol, de igual excelência, vão disputar oito edições seguidas de um torneio anual.<br />
Considerando essa informação.<br />
1. CALCULE a probabilidade de um mesmo time vencer as duas primeiras edições desse<br />
torneio.<br />
2. CALCULE a probabilidade de não haver vencedores consecutivos durante a realização das oito edições<br />
desse torneio.<br />
RESOLUÇÃO:<br />
Ed.1 Ed.2 Ed.3 Ed.4 Ed.5 Ed.6 Ed.7 Ed.8 n(E)<br />
Casos possíveis 5 5 5 5 5 5 5 5 5 8<br />
Casos favoráveis<br />
Ed.1 Ed.2 Ed.3 Ed.4 Ed.5 Ed.6 Ed.7 Ed.8<br />
5 1 5 5 5 5 5 5<br />
1. Para vencer a edição 1 existem 5 possibilidades. O vencedor da edição 2 deve, nesse caso, ser o<br />
mesmo da edição 1, logo para a edição 2 somente existe uma possibilidade e para cada uma das seguintes<br />
existem sempre 5 posssibilidades. O total de casos favoráveis é: n(A) = 5 × 1 × 5 6 .<br />
RESPOSTA: Então a probabilidade de um mesmo time vencer as duas primeiras edições desse<br />
7<br />
5 1<br />
torneio é: p = = .<br />
8<br />
5 5<br />
2. Um time não pode nunca vencer duas edições seguidas. Logo o vencedor da edição 1 não pode ser o<br />
vencedor da edição 2; o vencedor desta não pode ser o da edição 3, e assim sucessivamente.<br />
Esta situação está representada abaixo<br />
Casos favoráveis<br />
Ed.1 Ed.2 Ed.3 Ed.4 Ed.5 Ed.6 Ed.7 Ed.8<br />
5 4 4 4 4 4 4 4<br />
O número de casos favoráveis é: n(B) = 5 × 4 7 .<br />
RESPOSTA: A probabilidade de não haver vencedores consecutivos durante a realização das oito<br />
5 × 4 4 ⎛ 4 ⎞<br />
edições desse torneio é p = = =<br />
8 7<br />
⎜ ⎟ .<br />
5 5 ⎝ 5 ⎠<br />
7<br />
7<br />
7<br />
QUESTÃO 02<br />
Considere a figura ao lado.<br />
O triângulo ABC é equilátero, de lado 3; o triângulo<br />
C<strong>DE</strong> é equilátero, de lado 2; os pontos A , C e D estão<br />
alinhados; e o segmento BD intersecta o segmento CE<br />
no ponto F.<br />
Com base nessas informações,<br />
1. <strong>DE</strong>TERMINE o comprimento do segmento BD.<br />
2. <strong>DE</strong>TERMINE o comprimento do segmento CF.<br />
3. <strong>DE</strong>TERMINE a área do triângulo sombreado BCF.<br />
6
RESOLUÇÃO:<br />
1. No triângulo BCD, pela Lei dos Cossenos:<br />
2<br />
⎛ 1 ⎞<br />
BD = 9 + 4 − 2 ×<br />
2<br />
3 × 2 × ⎜ − ⎟ ⇒ BD = 13 + 6 ⇒ BD = 19 .<br />
⎝ 2 ⎠<br />
RESPOSTA: BD = 19<br />
2. Os triângulos BCF e <strong>DE</strong>F são semelhantes, logo, os lados homólogos são proporcionais, assim :<br />
BC CF 3 2 − x<br />
= ⇒ = ⇒ 3x = 4 − 2x ⇒ 5x = 4 ⇒ x = 0,8 ⇒ CF = 2 − x = 1,2<br />
ED FE 2 x<br />
RESPOSTA: CF = 1,2<br />
3. A área do triângulo sombreado BCF é dada pela relação:<br />
1<br />
1<br />
3<br />
S = × BC × CF × sen60°<br />
= × 3×<br />
1,2 × = 0,9 3 =<br />
2<br />
2 2<br />
RESPOSTA: A área do triângulo BCF é:<br />
QUESTÃO 03<br />
9 3<br />
.<br />
10<br />
Um grupo de animais de certa espécie está sendo estudado por veterinários. A cada seis meses,<br />
esses animais são submetidos a procedimentos de morfometria e, para tanto, são sedados com<br />
certa droga.<br />
A quantidade mínima da droga que deve permanecer na corrente sanguínea de cada um desses animais,<br />
para mantê-los sedados, é de 20 mg por quilograma de peso corporal. Além disso, a meia-vida da droga<br />
usada é de 1 hora – isto é, a cada 60 minutos, a quantidade da droga presente na corrente sanguínea de um<br />
animal reduz-se à metade.<br />
Sabe-se que a quantidade q(t) da droga presente na corrente sanguínea de cada animal, t minutos<br />
k t<br />
após um dado instante inicial, é dada por q(t)<br />
q . −<br />
= , em que:<br />
0 2<br />
• q 0 é a quantidade de droga presente na corrente sanguínea de cada animal no instante inicial;<br />
• e k é uma constante característica da droga e da espécie.<br />
Considere que um dos animais em estudo, que pesa 10 quilogramas, recebe uma dose inicial de<br />
300 mg da droga e que, após 30 minutos, deve receber uma segunda dose.<br />
Suponha que, antes dessa dose inicial, não havia qualquer quantidade da droga no organismo do<br />
mesmo animal.<br />
Com base nessas informações,<br />
1. CALCULE a quantidade da droga presente no organismo desse animal imediatamente antes<br />
de se aplicar a segunda dose.<br />
2. CALCULE a quantidade mínima da droga que esse animal deve receber, como segunda dose, a fim de<br />
permanecer sedado por, pelo menos, mais 30 minutos.<br />
9 3<br />
10<br />
7
RESOLUÇÃO:<br />
1. Como antes da aplicação da dose inicial, não havia qualquer quantidade da droga no organismo do<br />
− 1 − − − 1<br />
−<br />
60(<br />
k)<br />
60k 1 60k<br />
−k<br />
t<br />
mesmo animal: 150 = 300.2 ⇒ = 2 ⇒ 2 = 2 ⇒ k = ⇒ q(t) = q<br />
60<br />
0.2<br />
= q0.<br />
2<br />
2<br />
60<br />
A quantidade da droga presente no organismo desse animal imediatamente antes de se aplicar a segunda<br />
dose, ou seja ao final de 30 minutos é:<br />
30<br />
1<br />
−<br />
− 1 300 300 2<br />
q(30)<br />
= 300 × 2<br />
60<br />
= 300 × 2<br />
2<br />
= 300 × = = = 150 2<br />
2 2 2<br />
RESPOSTA: A quantidade da droga presente no organismo desse animal imediatamente antes de<br />
se aplicar a segunda dose, ou seja ao final de 30 minutos é 150 2 mg.<br />
2. Sendo 20 mg por quilograma de peso corporal, a quantidade mínima da droga que deve permanecer na<br />
corrente sanguínea de cada um desses animais, para mantê-los sedados, então como o peso desses animais<br />
é de 10 kg, essa quantidade mínima é de 10 × 20mg = 200mg.<br />
Considerando q 0 = 150 2 + x como a quantidade da droga presente no organismo desse animal<br />
imediatamente antes de se aplicar a segunda dose:<br />
30<br />
−<br />
1<br />
( 150 2 + x) × = 200 ⇒<br />
q(30)<br />
= q .2<br />
60<br />
x<br />
x<br />
0 = 200 ⇒<br />
150 + = 200 ⇒ = 50 ⇒ x = 50 2<br />
2<br />
2<br />
2<br />
RESPOSTA: A quantidade mínima da droga que esse animal deve receber para permanecer<br />
sedado por mais 30 minutos é 50 2 mg.<br />
QUESTÃO 04<br />
Um banco oferece dois planos para pagamento de um empréstimo de R$ 10.000,00, em prestações<br />
mensais iguais e com a mesma taxa mensal de juros:<br />
• no Plano 1, o período é de 12 meses; e<br />
• no Plano 2, o período é de 24 meses<br />
Contudo a prestação de um desses planos é 80% maior que a prestação do outro.<br />
1. Considerando essas informações, <strong>DE</strong>TERMINE em qual dos dois – Plano 1 ou Plano 2 – o valor da<br />
prestação é maior.<br />
2. Suponha que R$ 10.000,00 são investidos a uma taxa de capitalização mensal igual à taxa mensal de<br />
juros oferecida pelo mesmo banco.<br />
CALCULE o saldo da aplicação desse valor ao final de 12 meses.<br />
RESOLUÇÃO:<br />
1. Os dois Planos têm a mesma taxa mensal de juros, e como no Plano 1 o número de prestações é<br />
menor que no Plano 2, o valor de suas prestações é maior que nesse último plano.<br />
t<br />
2. Seja p1<br />
a prestação do Plano 1 e p 2 a do Plano 2.<br />
1,8p 2 1,8p 2 1,8p 2 1,8p 2<br />
No Plano 1, sendo p 1 = 1,8 p2<br />
: 10000 = + + + ..... + , onde o 2<br />
2 3<br />
( ) o membro é a<br />
1 + i ( 1 + i) ( 1 + i) ( 1 + i) 12<br />
1,8<br />
2<br />
soma dos termos de uma P.G. finita cujo 1 o termo é e de razão ( 1 +<br />
pi)<br />
( i)<br />
⎛<br />
12<br />
⎞<br />
⎜ ⎛ 1 ⎞<br />
⎜ ⎟ −1⎟<br />
1,8p 2<br />
⎜<br />
⎟<br />
Pode-se então escrever:<br />
⎝1+<br />
i<br />
10000 =<br />
⎠<br />
⎜<br />
⎟ (I)<br />
( 1+<br />
i)<br />
⎜ ⎛ 1 ⎞<br />
⎜ ⎟ −1<br />
⎟<br />
⎜<br />
⎟<br />
⎝ ⎝1+<br />
i ⎠ ⎠<br />
1<br />
1 + .<br />
8
No Plano 2 :<br />
p2<br />
p2<br />
p2<br />
p2<br />
10000 = + + + ..... + . O 2<br />
2 3<br />
( ) o membro dessa igualdade também é a soma dos<br />
1+<br />
i ( 1+<br />
i) ( 1+<br />
i) ( 1+<br />
i) 24<br />
termos de uma P.G. finita na qual o 1 o p<br />
termo é 2i<br />
( 1 + )<br />
10000 =<br />
p<br />
⎛<br />
24<br />
⎞<br />
⎜ ⎛ 1 ⎞<br />
⎜ ⎟ −1⎟<br />
2<br />
⎜ ⎝1+<br />
i ⎠ ⎟<br />
⎜<br />
⎟ (II)<br />
⎜ ⎛ 1 ⎞<br />
⎜ ⎟ −1<br />
⎟<br />
⎜<br />
⎟<br />
⎝ ⎝1+<br />
i ⎠ ⎠<br />
( 1+<br />
i)<br />
De (I) e (II)<br />
e de razão ( i)<br />
1<br />
1 + .<br />
1,8p<br />
⎛<br />
⎜ ⎛<br />
⎜<br />
⎜ ⎝<br />
1<br />
1<br />
⎞<br />
⎟<br />
+ i ⎠<br />
12<br />
⎞<br />
−1⎟<br />
⎟<br />
⎛<br />
⎜ ⎛<br />
⎜<br />
⎜ ⎝<br />
1<br />
1<br />
⎞<br />
⎟<br />
+ i ⎠<br />
⎞<br />
−1<br />
2<br />
⎜<br />
⎟ =<br />
( 1+<br />
i)<br />
⎜ ⎛ 1 ⎞<br />
⎜ ⎟ −1<br />
⎟ ( )<br />
⎜<br />
1+<br />
i<br />
⎜ ⎛ 1 ⎞<br />
⎜ ⎟ −1<br />
⎜<br />
⎟<br />
⎝ ⎝1<br />
+ i ⎠<br />
⎜<br />
⎟ ⎟⎟⎟⎟ ⎠ ⎝ ⎝1+<br />
i ⎠ ⎠<br />
p<br />
24<br />
2<br />
⇒<br />
⎡⎛<br />
1 ⎞<br />
1,8 ⎢⎜<br />
⎟<br />
⎢⎣<br />
⎝1+<br />
i ⎠<br />
12<br />
⎤<br />
24<br />
⎛ 1 ⎞<br />
−1⎥<br />
= ⎜ ⎟ −1<br />
⎥⎦<br />
⎝1+<br />
i ⎠<br />
⇒<br />
⎡⎛<br />
1 ⎞<br />
1,8 ⎢⎜<br />
⎟<br />
⎢⎣<br />
⎝1<br />
+ i ⎠<br />
12<br />
⎤ ⎡⎛<br />
1 ⎞<br />
−1⎥<br />
= ⎢⎜<br />
⎟<br />
⎥⎦<br />
⎢⎣<br />
⎝1<br />
+ i ⎠<br />
12<br />
⎤ ⎡⎛<br />
1 ⎞<br />
−1⎥<br />
⎢⎜<br />
⎟<br />
⎥⎦<br />
⎢⎣<br />
⎝1<br />
+ i ⎠<br />
12<br />
⎤ ⎛ 1 ⎞<br />
+ 1⎥<br />
⇒ 1,8 = ⎜ ⎟<br />
⎥⎦<br />
⎝1<br />
+ i ⎠<br />
12<br />
⎛ 1 ⎞<br />
+ 1 ⇒ ⎜ ⎟<br />
⎝1<br />
+ i ⎠<br />
12<br />
= 0,8 ⇒<br />
1 4<br />
5<br />
= 12 ⇒ ( 1 + i)<br />
= 12 .<br />
1 + i 5<br />
4<br />
O montante da aplicação de R$ 10.000,00 investidos a uma taxa de capitalização mensal igual à taxa<br />
mensal de juros oferecida pelo mesmo banco, ao final de 12 meses, é:<br />
12<br />
⎛ 5 ⎞<br />
5<br />
× ⎜ ⎟<br />
.<br />
4<br />
⎝ ⎠<br />
4<br />
RESPOSTA: O montante é de R$ 12.500,00.<br />
M = 10000 ( 1 + i) = 10000 × 12 = 10000 × = 12500<br />
12<br />
QUESTÃO 05<br />
Considere a figura:<br />
Nessa figura ABCD tem<br />
• ângulos retos nos vértices B e C ;<br />
• ângulo de 45° no vértice A ;<br />
• AD apoiado sobre uma reta r ; e<br />
• AB = 4 2 , BC = 3 2 e CD = 2 .<br />
Com base nessas informações,<br />
1. <strong>DE</strong>TERMINE a distância h do ponto C à reta r.<br />
2. <strong>DE</strong>TERMINE a distância H do ponto B à reta r.<br />
3. <strong>DE</strong>TERMlINE a função y = f(x) , para 0 ≤ x ≤ H, tal que f(x) seja igual à área sombreada de uma<br />
figura como a ilustrada abaixo, que é a parte do quadrilátero ABCD compreendida entre a reta r e uma<br />
reta s , paralela à r , de modo que a distância entre r e s é igual a x .<br />
4. Considere, agora, um recipiente de comprimento 10, apoiado em um plano horizontal, cuja seção<br />
9
transversal é o quadrilátero ABCD , já mostrado nos itens anteriores desta questão:<br />
Suponha que esse recipiente está parcialmente cheio de água e que o nível dessa água é x.<br />
Com base nessas informações,<br />
A) <strong>DE</strong>TERMINE uma expressão para o volume V(x) da água contida no recipiente para 0 ≤ x ≤ H .<br />
B) <strong>DE</strong>TERMINE o nível x de água no recipiente para que o volume de água dentro dele seja igual<br />
à metade do volume total do mesmo recipiente.<br />
RESOLUÇÃO:<br />
1. O triângulo retângulo CFD é isósceles de catetos medindo h e hipotenusa medindo 2 . Aplicando o<br />
Teorema de Pitágoras: 2h<br />
2 = 2 ⇒ h = 1 .<br />
RESPOSTA: A distância h do ponto C à reta r mede 1.<br />
2. O triângulo retângulo AED é isósceles de catetos medindo H e hipotenusa medindo 4 2 . Aplicando o<br />
2<br />
Teorema de Pitágoras: 2H = 32 ⇒ H = 16 ⇒ H = 4 .<br />
RESPOSTA: A distância H do ponto B à reta r mede 4.<br />
2<br />
3.<br />
FIGURA 1<br />
O objetivo da construção da FIGURA 1 foi a<br />
determinação da medida do lado AD do<br />
quadrilátero ABCD.<br />
Deslocando a reta s de modo a passar pelo ponto<br />
C, determinam-se os triângulos retângulos BHG e<br />
BCH, isósceles e congruentes.<br />
No triângulo BHG:<br />
2<br />
2<br />
2GH = 18 ⇒ GH = 9 ⇒ GH = HC = 3<br />
Como os lados opostos de um paralelogramo são<br />
congruentes, AD = 6<br />
FIGURA 2<br />
O paralelogramo ADCG tem altura x, tal que<br />
0 < x ≤ 1, tem área dada pela função g(x) = 6x<br />
10
FIGURA 3 FIGURA 4<br />
À medida que a reta s é deslocada afastando-se de r e aproximando-se do ponto B, (FIGURAS 3 E 4) o<br />
quadrilátero sombreado vai tomando a forma de um quadrilátero formado por um paralelogramo de altura<br />
1, encimado por um trapézio isósceles de bases 6 e 8 – 2x, e altura x – 1. Considerando como h(x) a área<br />
( 6 + 8 − 2x) × (x −1)<br />
16x − 2x −14<br />
2<br />
do trapézio, tem-se: h(x) = =<br />
= −x<br />
+ 8x − 7 e g(x) = 6x<br />
2<br />
2<br />
Sendo f(x) = g(1) + h(x) ⇒ f(x) = 6(1) − x + 8x − 7 = −x<br />
+ 8x −1.<br />
⎪⎧<br />
6x,<br />
RESPOSTA: f(x ) = ⎨ ⎪⎩<br />
− x<br />
se<br />
0 < x ≤ 1<br />
2<br />
.<br />
+ 8x −1,<br />
2<br />
se 1 < x ≤ 4<br />
2<br />
2<br />
A) O recipiente tem altura 10 e a área do quadrilátero ABCD é dada pela função<br />
⎪⎧<br />
6x, se 0 < x ≤ 1<br />
f(x ) = ⎨ .<br />
⎪⎩<br />
2<br />
− x + 8x −1,<br />
se 0 < x ≤ 4<br />
⎪⎧<br />
60x, se 0 < x ≤ 1<br />
.<br />
se 0 < x ≤ 4<br />
Logo o seu volume é V(x) = ⎨ 2<br />
⎪⎩ 10. ( − x + 8x −1 ),<br />
2<br />
RESPOSTA: V(x) = 10. ( − x + 8x −1)<br />
.<br />
B)<br />
Para x = 1, o volume do recipiente é 60.<br />
Para x = 4, o volume total do recipiente é 150: V(4) = 10. ( − 4 + 8.4 −1) = 10( −16<br />
+ 32 −1) = 10.15 = 150.<br />
A metade do volume total é 75, então maior que 60 logo, 1 < x < 4<br />
2<br />
2<br />
2<br />
2<br />
( − x + 8x −110<br />
) = 75 ⇒ 2( − x + 8x −1) = 15 ⇒ −2x<br />
+ 16x − 2 = 15 ⇒ 2x −16x<br />
+ 17 = ⇒<br />
V(x) = 0<br />
16 ± 256 −136<br />
16 ± 120 16 ± 2 30 10 ± 30 10 − 30 10 + 30<br />
x = = = = ⇒ x = ou x = > 4 .<br />
4<br />
4 4 2<br />
2<br />
2<br />
2<br />
RESPOSTA: O nível da água para que o volume seja 75 é<br />
10 − 30<br />
x = .<br />
2<br />
11