RESOLUÇÃO COMENTADACONCURSO EsPCEx2010-2011 19/SET/2010<strong>MAT</strong>EMÁTICA – <strong>PORT</strong>UGUÊS – <strong>RED</strong>AÇÃO01. A represa de uma usina hidroelétrica está situada em umaregião em que a duração do período chuvoso é 100 dias. A partirdos dados hidrológicos dessa região, os projetistas concluíramque a altura do nível da represa varia, dentro do períodochuvoso, segundo a função real⎧ t⎪+ 8,para 0 ≤ t < 205⎪ 2t 4tN(t) = ⎨−+ ,para 20 ≤ t < 50⎪ 100 5⎪3t− + 21,para 50 ≤ t ≤ 100⎪⎩ 25Em que N(t) é a altura do nível da represa, medido em metros, t é onúmero de dias, contados a partir do início do período chuvoso.Segundo esse modelo matemático, o número de dias, dentro doperíodo chuvoso, em que a altura do nível da represa é maior ouigual a 12 metros éa) 40 b) 41 c) 53 d) 56 e) 60RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA D- Para 0 ≤ t < 20t + 8 ≥ 12 → t ≥ 205Logo no primeiro intervalo não há solução.- Para 20 ≤ t < 50t 2 4t− + ≥ 12 → t 2 − 80t + 1200≤0 → 20 ≤ t ≤ 60100 5Fazendo a intersecção com o intervalo, encontramos comosolução 20 ≤ t < 50 .- Para 50 ≤ t ≤ 1003 t − + 21 ≥ 12 → t ≤ 7525Fazendo a intersecção com o intervalo, temos que 50≤t≤75.A solução final é a união das soluções parciais, logo 20 ≤ t ≤ 75, ouseja, há 56 dias que respeitam a condição do enunciado.02. Na figura abaixo, estão representados um sistema de eixoscoordenados com origem O, o gráfico de uma função real do tipo f(x) =ax 2 + bx + c e o quadrado OMNP, com 16 unidades de área.Sabe-se que o gráfico de f(x) passa pelos pontos P e N, vértices doquadrado, e pelo ponto de encontro das diagonais desse quadrado.Assim, o valor de a+b+c éRESOLUÇÃO: ALTERNATIVA C<strong>MAT</strong>EMÁTICAa) 21c) 25e)5 22b) 23d)22O lado do quadrado OMNP mede √16 = 4.Assim a parábola passa pelos pontos (0,4), (4,4) e (2,2).4 = a·0 2 +b·0+c c = 44 = a·4 2 +b·4+4 4a+b = 02=a·2 2 +b·2+4 2a+b = –1Das duas últimas equações concluímos que a = ½ e b = –2, entãoa+b+c = ½ – 2 + 4 = 5/24X−X⎛ 1 ⎞03. Dada a expressão ⎜ ⎟ , em que x é um número real⎝ 3 ⎠qualquer, podemos afirmar que:a) o maior valor que a expressão pode assumir é 3b) o menor valor que a expressão pode assumir é 31c) o menor valor que a expressão pode assumir é811d) o maior valor que a expressão pode assumir é271e) o menor valor que a expressão pode assumir é9RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA C4x−xCURSO PRÉ VESTIBULAR ELITE CURITIBA - 2 - (41) 3013 5400 www.elitecuritiba.com.br2⎛ 1 ⎞Seja f(x) = ⎜ ⎟ . O valor máximo de − x 2 + 4xocorre⎝ 3 ⎠1quando x = 2 e f (2) = , que é o valor mínimo de f.81204. Sendo 6ax = , com log 2 a = 4 e log 2 b = 5, em que a e bbsão números reais não nulos e diferentes de 1, então log x 2 é igualaa) 16 b) 8 c) 6 d) 4 e) 2RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA Elog 2 a = 4, logo a = 2 4 = 16log 2 b = 5, logo b = 2 5 = 322( )Assim, x = x = = 6 = 2 = 22Logo log x 2 = log 22 = 264 25228526 3log05. O conjunto-solução da inequação xx (x+1)≤ 4 , no conjuntodos números Reais, éa) { x ∈ R|0< x < 1}b) { x ∈ R|0≤ x ≤ 1}c) { x ∈ R|0< x ≤ 1}d) { x ∈ R|−3≤ x ≤ 1}x ∈ R|−3≤ x < 1e) { }RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA ADesenvolvendo a inequação temos2logx (x + 1)2 ≤x ≤ 4 → (x + 1) 4 → − 3 ≤ x ≤ 1Observando as condições de existência da base do logaritmo ( x > 0 ex ≠ 1) e as condições de existência do logaritmando (que neste caso2
RESOLUÇÃO COMENTADACONCURSO EsPCEx2010-2011 19/SET/2010<strong>MAT</strong>EMÁTICA – <strong>PORT</strong>UGUÊS – <strong>RED</strong>AÇÃOnão adicionarão nenhuma restrição adicional), concluímos que ox ∈ R|0< x < 1 .conjuntos solução da inequação é { }06. Considerando a função real f(x)= (x − 1). x − 2 , o intervaloreal para o qual f(x)≥ 2 éa) { x ∈ R / x ≥ 3}b) { x ∈ R / x ≤ 0 ou x ≥ 3}c) { x ∈ R / 1 ≤ x ≤ 2}d) { x ∈ R / x ≥ 2}x ∈ R / x ≤ 1e) { }RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA Af (x) = (x − 1).x − 2 ≥ 2 se x < 2f(x) = (x − 1)(2 − x) ≥ 2 ⇔ − x + 3x − 2 ≥ 22⇔ −x+ 3x − 2 ≥ 2 ⇔ −x+ 3x − 4 ≥ 0 ⇔⇔ x 2 − 3x + 4 ≤ 0 ⇔⇔ S = φSe x ≥ 22f(x) = (x − 1)(x − 2) ≥ 2 ⇔ x − 3x ≥ 0 ⇔ x ≤ 0 ouComo 2 S = x ∈R / x ≥ 3x ≥ , logo: { }22⇔x ≥ 307. Considere a progressão aritmética representada pela sequência(7 /12, 47 /60, 59 /60 ...).Se todos os termos dessa PA forem representados num círculotrigonométrico, eles determinarão nesse círculo os vértices de uma) Pentágono (5 lados). b) Hexágono (6 lados).c) Octógono (8 lados). d) Decágono (10 lados).e) Dodecágono (12 lados).RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA DA razão da PA vale 47 /60 - 7 /12 = 12 /60 = /5, que é oângulo interno de um decágono regular (2 /10)08. Os alunos de uma escola realizam experiências no laboratório deQuímica utilizando 8 substâncias diferentes. O experimento consiste emmisturar quantidades iguais de duas dessas substâncias e observar oproduto obtido.O professor recomenda, entretanto, que as substâncias S1, S2 eS3 não sevem ser misturadas entre si, pois produzem comoresultado o gás metano, de odor muito ruim. Assim, o númeropossível de misturas diferentes que se pode obter, sem produziro gás metano, éRESOLUÇÃO: ALTERNATIVA CPodemos misturar as substâncias de 2 modos:1) uma das substâncias S1, S2 ou S3 com alguma das outras 5; ou2) duas substâncias que não sejam S1, S2 ou S3.Do primeiro modo obtemos 3·5 = 15 misturas possíveis.⎛5⎞5⋅4Do segundo modo obtemos ⎜ ⎟ = = 10 misturas possíveis.⎝2⎠2!Ao todo temos, portanto, 15 + 10 = 25 misturas possíveis.09. Um menino, de posse de uma porção de grãos de arroz, brincandocom um tabuleiro de xadrez, colocou um grão na primeira casa, doisgrãos na segunda casa, quatro grãos na terceira casa, oito grãos naquarta casa e continuou procedendo desta forma até que os grãosacabaram, em algum momento, enquanto ele preenchia a décima casa.A partir dessas informações, podemos afirmar que a quantidade mínimade grãos de arroz que o menino utilizou na brincadeira éa) 480 b) 511 c) 512 d) 1023 e) 1024RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA C29a 1 = 1; a2= 2; a3= 2 ; a10= 2O mínimo será alcançado quando se completar a nona casa e colocarmais um grão de areia na décima casa.Logo, serão 511 + 1 = 512 grãos de areia.⎧2x+ y = 510. Para que o sistema linear ⎨seja possível e⎩ax+ 2y = bindeterminado, o valor de a + b é:a) -1 b) 4 c) 9 d) 14 e) 19RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA DPara que haja a indeterminação no sistema 2x2, as duas retasdevem ser coincidentes, ou seja, os coeficientes e termosindependentes das equações devem ser proporcionais. Logo:2/a = 1/2 = 5/bAssim, a = 4 e b = 10. Logo a+b = 14.11. A figura abaixo representa a planificação de um tronco de conereto com a indicação das medidas dos raios das circunferências dasbases e da geratriz. A medida da altura desse tronco de cone éa) 13 cmb) 12 cmc) 11 cmd) 10 cme) 9 cmRESOLUÇÃO: ALTERNATIVA BAnalisando uma vista lateral do tronco (simplificadamente representadapela metade na figura abaixo) temos:6 cm6 cmh5 cm5 2 + h 2 = 13 2 → h = 12 cm12. Se forem tomadas ao acaso duas arestas de um prisma retode bases triangulares, a probabilidade de que elas estejam emretas-suporte reversas é1 2 1 1 1a) b) c) d) e)3 3 6 4 213RESOLUÇÃO: ALTERNATIVA ACURSO PRÉ VESTIBULAR ELITE CURITIBA - 3 - (41) 3013 5400 www.elitecuritiba.com.br