DS Chapitre 3DS Chapitre 4P(H ∩ C)5. P C (H) = = 0,54Partie BP(C) 0,821. a) et c) . (1 point)Exercice 11.Tableau complété (2 points)Exercice 11. a) f ’(x) = – 0,2 x + 1 . (1 point)défectueuse en bonb) Tableau de variations (2 points)total(D) étatx 1 5 10Bordeaux (B) 160 3200 3360 f ’(x) + 0 -Grenoble (G) 66 1200 1266 f(x)5,533Lille (L) 154 3500 36542. a) f(2) = 4,6 . Pour la fabrication et la vente de 200total 380 7900 8280 bracelets, l’artisan réalise 4 600 € de bénéfice. (1 point)2. a) P(B) ≈ 0,406 . (0,5 point)b) Le bénéfice maximal de 5 500 € est obtenu par lab) P(D) ≈ 0,046 . (0,5 point)fabrication et la vente de 500 bracelets. (1 point)c) B ⋂ D : « l’alarme choisie est fabriquée à Bordeauxet est défectueuse » . P( B ⋂ D ) ≈ 0,019 . (1 point)Exercice 2d) P( B ⋃ D ) ≈ 0,433 . (1 point)1. c) 2. a) 3. b) 4. c) 5. a)Exercice 3Exercice 21. b) 2. a) 3. c) 4. a) 5. b)1. f ’(x) = 6x – 24 – 150x 2. (1 point)2. a) On résout l’équation x² + x + 5 = 0 . = – 19 .Exercice 3Comme le discriminant est négatif, l’équation n’a pas de1. A ⋂ S : « Le touriste interrogé a voyagé en avion et solution et la parabole d’équation y = x² + x + 5 estest resté plus d’une semaine en Angleterre ». (0,5 point) située au dessus de l’axe des abscisses.A ⋃ S : « Le touriste interrogé a voyagé en avion ou est Donc P(x) = x² + x + 5 est toujours strictement positifresté plus d’une semaine en Angleterre ». (0,5 point) sur donc aussi sur [ 1 ; 15 ] . (1 point)P( A ⋂ S ) = 0,06 et P( A ⋃ S ) = 0,64 . (1 point) b) On considère f ’(x) sous forme de quotient factorisé2. a) Arbre complété (1 point)donné par la calculatrice formelle.Sur [ 1 ; 15 ] , on a 6 > 0 ; x² + x + 5 > 0 et x² > 0 . f ’(x)est du signe de x – 5 sur l’intervalle [ 1 ; 15 ] . (1 point)3. a) Tableau de variations (1 point)x 1 5 15f ’(x) - 0 +229425f(x)b) P(S) = 0,3 × 0,2 + 0,5 × 0,6 + 0,2 × 0,2 = 0,4 .85(0,5 point)b) Pour 5 tonnes de gravier commercialisées par jour, leP(B ∩ S)3. P S (B) = = 0,16≈ 0,267 . (1,5 point)coût moyen est minimum et vaut 85 € la tonne. (1 point)P(S) 1−0,4Exercice 4Exercice 41. H : « le salarié choisi est une femme ».Partie AP(H) = 0,4 . (0,5 point)1. f ’(x) = 20 ( 16 − x 2 )( x2. Arbre complété (1 point)+ 16 ) 2. (1 point)2. a) Sur , on a 20 > 0 et ( x² + 16 )² > 0 , on en déduitque f ’(x) a le même signe que N(x) = 16 – x² .(0,5 point)b) Tableau de variations (1 point)x - 4 4f ’(x) – 0 + 0 –2,53. H ⋂ C : « le salarié choisi est un homme et travaille à f(x)temps complet » . P ( H ⋂ C ) = 0,54 . (1 point)– 2,54. P(C) = 0,82 . (1 point)2. f(8) = 2 , signifie que cette salle de sport compte 200inscrits fin Août 2012. (0,5 point)3. A la sortie de l’algorithme : X = 4 et Y = 2,5 .(1 point)Livre du professeur – Mathématiques Term STMG © Hachette Livre 2013 8
DS Chapitre 5Exercice 11. c) 2. a) 3. b) 4. c) 5. a)Exercice 2Partie A1. P( A) = 0,44 . Arbre complété (1 point)2. a) P(X = 3) ≈ 0,176 ( à la calculatrice ou calculé àl’aide de l’arbre) . La probabilité que les trois côneschoisis contiennent moins de 100 mL de glace estd’environ 0,176, arrondi à 0,001 près. (1point)b) P(X = 2) ≈ 0,414 . (0,5 point)Partie B1. P( 98 ≤Y ≤ 102 ) ≈ 0,525 . (1 point)Selon cette loi normale, la probabilité qu’un cône deglace choisi au hasard dans la production, contienneentre 98 et 102 mL de glace est égale à environ 0,525, à0,001 près. (0,5 point)2. P( 94,4 ≤Y ≤105,6 ) ≈ 0,954 . (1 point)Exercice 31. P( 0 ≤ X ≤ 13 ) ≈ 0,691 . (1 point)2. a) La probabilité que la durée de l’installation dusystème d’alarme soit comprise entre 10 h et 12 h estenviron 0,341, à 0,001 près. (0,5 point)b) Par symétrie, P( 12 ≤ X ≤ 14 ) ≈ 0,341 . (0,5 point)c) Sous la courbe de densité (0,5 point)x6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18P( X >14 ) = P( X ≤ 10 ) = P( X ≤ 12 ) – P( 10 ≤ X ≤ 12)≈ 0,5 – 0,341 ≈ 0,159 . (1,5 point)3. [ µ - 2 ; µ + 2 ] = [ 8 ; 16 ] . (0,5 point)P( X [ 8 ; 16 ] ) ≈ 0,954 . (0,5 point)Exercice 4104 + 1361. a) µ = = 120 et = 136−104= 8 . (2 points)24b) P( 104 ≤ X ≤ 136 ) ≈ 0,95 . (1 point)2. P( 112 ≤ X ≤ 128 ) ≈ 0,68 . (2 points)DS Chapitre 6Exercice 11. a) 0,08 × 14 000 = 1 120 € . (1 point)b) On passe d’un terme de la suite ( u n ) au suivant enretranchant 1 120 . La suite ( u n ) est donc arithmétiquede premier terme u 0 = 14 000 et de raison a = – 1 120 .(1 point)c) u n = 14 000 – 1 120 n . (1point)d) u 5 = 14 000 – 1 120 × 5= 8 400 . (0,5 point)2. 12 retraits,14 000 – 1 120 × 12 = 560 . (1,5point)Exercice 21. a) Intérêts acquis la première année : 160 € .v 1 = 8 000 + 160 = 8 160 . (1 point)b) v n + 1 = 1,02 v n . (1 point)c) La suite ( v n ) est géométrique, son premier terme estv 0 = 8 000 et sa raison b = 1,02 . Donc :v n = 8 000 × 1,02 n . (1 point)2. a) v 8 = 8 000 × 1,02 8 ≈ 9 373 € . (1 point)b) Formules à saisir en C4 : i) = C3 * 1,02ou iiii) = $C$3 * ( 1 + $C$1 ) ^ B4 (1 point)Exercice 31. c) 2. c) 3. c) 4. c) 5. a)Exercice 41. a) b) Tableau complété (2 points)année n quartier A quartier B test A ≥ B2012 0 3000 2800 vrai2013 1 3100 2912 vrai2014 2 3200 3028 vrai2015 3 3300 3150 vrai2016 4 3400 3276 vrai2017 5 3500 3407 vrai2018 6 3600 3543 vrai2019 7 3700 3685 vrai2020 N = 8 3800 3832 faux2021 9 3900 39852022 10 4000 41442. a) Avant la ligne 5, B vaut b N . En ligne 5,l’algorithme affecte à la variable B la valeur de b N+ 1 ,calculée à partir de b N . (1 point)b) N = 8 . (1,5 point)Le test « A ≥ B » permet de comparer a n ≥ b n , suivantles valeurs de l’entier n .Or jusqu’en N = 7, le test « A ≥ B » est vrai, doncl’algorithme continue : en ligne 4, N vaut 8 : en ligne 5,B vaut 3 832 et en ligne 6, A vaut 3 800.L’algorithme revient au test : à ce moment N = 8 et Adevient inférieur à B. Donc la boucle TANT QUE sefinit et la valeur de N est alors 8.On peut habituer les élèves à présenter dans un tableaules différentes phases de l’algorithme pas à pas (voirexo 73 p.167, corrigé p.233 dans le manuel).Livre du professeur – Mathématiques Term STMG © Hachette Livre 2013 9
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Équation de la tangente en B : y =
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Tableau de variationx 0 26 50B ‘(
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ex90 f(x) = sur [ -6 ; 6 ] .1. a) S
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pas utile d’insister si les élè
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B. Loi normalea) P( 40 ≤ X ≤ 60
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) Comme la fréquence observée f =
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P( X ≤ 3,5 ) ≈ P( -2 ≤ X ≤
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Suite arithmétiqueÉtude d’une s
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Sur TI : entrer dans le programmeED
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On peut regarder le tableau de vale
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Rappel : la loi binomiale associée
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correspond au test «la fréquence
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une probabilité d’environ 0,95 ,
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Jacques Chirac et Jean-Marie Le Pen
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Et 19503= 650 , c’est-à-dire que