georg mohr-konkurrencen. opgaver og løsninger 1991-2010.

Løsninger · 2000Opgave 1. Firkant ABCD er et kvadrat med sidelængden 1, og punkterne E, F, Gog H er sidernes midtpunkter. Bestem arealet af firkant PQRS.BFCBFCEPQRGE ′EPQRGSSAHDAHD⊲kongruentetrekanter⊲midtpunktstransversalLøsning. Af symmetrigrunde er alle vinkler ved P, Q, R og S rette. Punktet E ′afsættes på forlængelsen af DE således at BE ′ er parallel med AF. Trekant EBE ′er da kongruent med trekant EAP (trekanterne har samme vinkler da BE ′ og APer parallelle, og EB og EA er lige lange). Da EP er midtpunktstransversal i trekantABQ, er |PQ| = |AP|. Af symmetrigrunde er |BQ| = |AP|. Altså er |BQ| = |PQ|.Firkant PQBE ′ er derfor et kvadrat.Ved nu at flytte de fire små trekanter som vist på figuren fremkommer enfigur med samme areal som kvadratet ABCD. Den nye figur består af fem enskvadrater. Følgelig har kvadratet PQRS arealet 1 5 .Opgave 2. I et glas med lodrette rektangulære sideflader ogmed en regulær sekskant som bund og låg kan der lige netopanbringes tre ens kugler oven på hinanden, således at hveraf kuglerne rører alle siderne i glasset. Glassets rumfang er108 cm 3 . Hvad er sidelængden i grundfladen?Løsning. Kald sidelængden i sekskanten for 2a. Så er (jf. figur)kuglens radius r = √ 4a 2 − a 2 = a √ 3 (Pythagoras). Glassetstværsnitsareal er da 6 · ( 1 2 · 2a · a√ 3) og dets højde 3 · 2 · a √ 3.Om rumfanget gælder så 6·( 1 2 ·2a·a√ 3)·3·2·a √ 3 = 108, dvs.108a 3 = 108, hvoraf a = 1. Den søgte sidelængde er dermed2 cm.aar2a2a52