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關 於 Euler 級 數 的 幾 個 觀 點 21<br />
系 2.2. (Euler)<br />
∞∑ 1<br />
(a)<br />
(2n) = 1 2 4 + 1<br />
16 + 1<br />
36 + 1 64 + · · · = π2<br />
24<br />
n=1<br />
∞∑ 1<br />
(b)<br />
(2n − 1) = 1 + 1 2 9 + 1 25 + 1<br />
49 + · · · = π2<br />
8<br />
n=1<br />
證 明 : (a) 利 用 Euler 的 公 式 (2.3)<br />
∞∑<br />
n=1<br />
1<br />
(2n) 2 = 1 4<br />
∞∑<br />
n=1<br />
1<br />
n 2 = 1 4 × π2<br />
6 = π2<br />
24<br />
(b) 由 Euler 的 結 果 (2.3), 把 級 數 分 為 偶 數 與 奇 數 兩 部 份 並 利 用 (a) 的 結 果<br />
故<br />
∞∑<br />
n=1<br />
1<br />
n = ∑ ∞ 2<br />
∞∑<br />
n=1<br />
n=1<br />
1<br />
(2n − 1) + ∑ ∞ 2<br />
n=1<br />
1<br />
(2n) 2<br />
1<br />
(2n − 1) = π2<br />
2 6 − π2<br />
24 = π2<br />
8<br />
□<br />
Euler 的 方 法 並 沒 有 限 制 在 平 方 和 , 如 果<br />
1 + A 1 z + A 2 z 2 + A 3 z 3 + · · · = (1 + α 1 z)(1 + α 2 z)(1 + α 3 z) · · · (2.4)<br />
令 各 次 方 的 和 依 次 為<br />
S 1 = α 1 + α 2 + α 3 + α 4 + · · ·<br />
S 2 = α1 2 + α2 2 + α3 2 + α4 2 + · · · (2.5)<br />
S 3 = α1 3 + α2 3 + α3 3 + α4 3 + · · ·<br />
經 由 比 較 係 數 後 , 可 得 下 列 等 式<br />
S 1 = A 1<br />
S 2 = A 1 S 1 − 2A 2<br />
(2.6)<br />
S 3 = A 1 S 2 − A 2 S 1 + 3A 3<br />
S 4 = A 1 S 3 − A 2 S 2 + A 3 S 1 − 4A 4<br />
利 用 這 些 關 係 可 求 得 底 下 級 數 的 和 。