x - Recreaţii Matematice
x - Recreaţii Matematice
x - Recreaţii Matematice
Create successful ePaper yourself
Turn your PDF publications into a flip-book with our unique Google optimized e-Paper software.
VII.106. Se consideră paralelogramul ABCD, E ¸si F mijloacele laturilor [AB],<br />
respectiv [AD], {G} = CE∩BD, {H} = CF ∩BD, {P } = F G∩BC, {Q} = EH∩CD.<br />
Arătat¸i că 3EF = 2P Q.<br />
Mirela Marin, Ia¸si<br />
Solut¸ie. Din △DHF ∼ △BHC, deducem că DH<br />
HB<br />
△BHE, obt¸inem că DQ<br />
BE<br />
= DH<br />
HB<br />
1<br />
= , prin urmare<br />
2<br />
= DF<br />
BC<br />
1<br />
= . Cum △DHQ ∼<br />
2<br />
D Q<br />
H<br />
DQ = F<br />
G P<br />
A E B<br />
1<br />
DQ 1<br />
AB, adică = . Analog se arată că<br />
4 DC 4<br />
BP 1<br />
= , deci P Q∥BD (reciproca teoremei lui Thales),<br />
BC 4<br />
P Q CQ 3<br />
3<br />
iar = = (teorema fundamentală a asemănării). Astfel, 2P Q = · BD =<br />
BD CD 4 2<br />
3 · 1<br />
BD = 3F E (deoarece [F E] este linie mijlocie în △ABD).<br />
2<br />
VII.107. Fie ABC un triunghi cu m(C) = 60◦ , L proiect¸ia lui A pe BC, M<br />
proiect¸ia lui B pe AC, iar D mijlocul lui [AB]. Demonstrat¸i că triunghiul DML este<br />
echilateral.<br />
Neculai Roman, Mirce¸sti (Ia¸si)<br />
Solut¸ie. În triunghiurile LAB ¸si MAB, LD ¸si respectiv MD sunt mediane,<br />
prin urmare LD = MD = A<br />
D<br />
M<br />
1<br />
AB, deci △DML este isoscel, la fel<br />
2<br />
ca ¸si triunghiul ADM. Vom avea căAMD =A ¸si, cum patrulaterul<br />
ABLM este inscriptibil, avem ¸si căCML ≡B. Astfel,<br />
m(DML) = 180◦ − m(AMD) − m(CML) = 180◦ − m(A) −<br />
m(B) = m(C) = 60◦ , deci △DML va fi chiar echilateral.<br />
VII.108. Considerăm în plan trei cercuri distincte, congru- B L C<br />
ente, ale căror centre nu sunt coliniare. Construit¸i cu rigla ¸si compasul un cerc la<br />
care cercurile date să fie tangente interior.<br />
Adrian Corduneanu, Ia¸si<br />
Solut¸ie. Putem determina, folosind rigla ¸si compasul, centrele celor trei cercuri<br />
date; să notăm cu A, B ¸si C aceste centre. Aflăm, cu rigla ¸si compasul, centrul O<br />
al cercului circumscris triunghiului ABC ¸si punctul M de intersect¸ie al dreptei OA<br />
cu cercul de centru A, astfel încât OM > OA. Astfel, cercul de centru O ¸si rază<br />
OM este cercul căutat: dacă r este raza cercurilor date, iar {N} = OB ∩ C(B, r),<br />
{P } = OC ∩ C(C, r), atunci ON = OB + BN = OA + r = OM ¸si analog OP = OM.<br />
Mai trebuie justificat că C(O, OM) are câte un singur punct comun cu cercurile<br />
date. Dacă, de exemplu, ar exista un al doilea punct Q comun cercurilor C(O, OM) ¸si<br />
C(A, r), atunci OQ < OA + AQ (inegalitatea triunghiului), deci OQ < OA + r = OM<br />
¸si se ajunge la o contradict¸ie.<br />
Clasa a VIII-a<br />
+ 2 − 2<br />
VIII.102. Rezolvat¸i în R ecuat¸iax<br />
+x<br />
−<br />
x − 12<br />
x + 12<br />
26<br />
5 · x2 − 4<br />
x2 = 0.<br />
− 1<br />
Vasile Chiriac, Bacău<br />
61<br />
C