x - Recreaţii Matematice
x - Recreaţii Matematice
x - Recreaţii Matematice
Create successful ePaper yourself
Turn your PDF publications into a flip-book with our unique Google optimized e-Paper software.
În cazul în carea =0, concluzia este imediată. În caz contrar,a va fi generator al<br />
grupului ciclic (Z ∗ p, ·), prin urmare −1 = a s ,2 = a t ¸si −2 = a s+t , pentru anumite<br />
numere naturale s ¸si t. Deoarece cel put¸in unul dintre numerele s, t ¸si s + t este<br />
par, rezultă că unul dintre elementele −1,2, −2 este pătrat perfect în Zp, decif va fi<br />
reductibil în Zp(X).<br />
L164. O secvent¸ă x1, x2, . . . , xn, y1, y2, . . . , yn de 2n numere reale are proprietatea<br />
(P ) dacă x 2 i + y2 i = 1, ∀i = 1, n. Fie n ∈ N∗ astfel încât pentru orice secvent¸ă cu<br />
proprietatea (P ), există 1 ≤ i < j ≤ n cu xixj + yiyj ≥ 0, 947. Determinat¸i cea mai<br />
bună constantă α a¸sa încât xixj + yiyj ≥ α, pentru orice secvent¸ă cu proprietatea<br />
(P ).<br />
Vlad Emanuel, student, Bucure¸sti<br />
Solut¸ie. Considerăm punctele Mk(xk, yk), k = 1, n ¸si vectorii ⃗vk = −−−→<br />
OMk. Pentru<br />
o secvent¸ă cu proprietatea (P), avem că |⃗vk| = 1, k = 1, n, deci xixj + yiyj = ⃗vi ·<br />
⃗vj = |⃗vi| · |⃗vj| cos(−→<br />
v i, −→ v j) = cos(−→<br />
v i, −→ v j). Vom demonstra că, în ipotezele problemei,<br />
n ≥ 20. Presupunem, prin absurd, că n ≤ 19 ¸si alegem Mk-imaginile rădăcinilor de<br />
ordin n ale unităt¸ii. Atunci xixj+yiyj ≤ cos 2π 2π<br />
≤ cos < 0, 947, după cum se poate<br />
n 19<br />
constata cu ajutorul unui calculator. Fie deci n ≥ 20; deoarecem((−→<br />
v k, −→ v k+1)) =<br />
2π, unde ⃗vn+1 = ⃗v1, înseamnă că cel put¸in unul dintre unghiurile (−→<br />
v k, −→ v k+1) este cel<br />
mult egal cu 2π<br />
n . Pentru acel unghi, xkxk+1 + ykyk+1 ≥ cos 2π π<br />
≥ cos<br />
n 10 =5 + √ 5<br />
8<br />
¸si această constantă nu poate fi îmbunătăt¸ită, căci putem lua n = 20 ¸si Mk imaginile<br />
rădăcinilor de ordin 20 ale unităt¸ii. În concluzie, α =5 + √ 5<br />
.<br />
8<br />
L165. Fie n ≥ 2 un număr natural. Determinat¸i cel mai mare număr natural<br />
m pentru care există submult¸imile nevide ¸si distincte A1, A2, . . . , Am ale lui A =<br />
{1, 2, . . . , n}, cu proprietatea că fiecare element al lui A este cont¸inut în cel mult k<br />
dintre ele, unde:<br />
a) k = 2; b) k = n; c) k = n + 1.<br />
Marian Tetiva, Bârlad<br />
Solut¸ie. Fie xi, i = 1, n, numărul acelora dintre submult¸imile A1, A2, . . . , An care<br />
au i elemente ¸si fie yj, j = 1, m, numărul elementelor lui A care se găsesc în exact<br />
j dintre mult¸imile A1, A2, . . . , Am. Avem evident că x1 + x2 + . . . + xn = m, iar<br />
y1 + y2 + . . . + ym ≤ n (se poate să fie elemente ale lui A care să nu apart¸ină niciuneia<br />
dintre submult¸imi). Egalitatea<br />
(1) x1 + 2x2 + . . . + nxn = y1 + 2y2 + . . . + mym<br />
se obt¸ine numărând în două feluri toate elementele care apar în A1, A2, . . . , Am, incluzând<br />
repetit¸iile (¸si este adevărată chiar dacă A1, A2, . . . , Am nu sunt distincte).<br />
a) În ipoteza k = 2, avem că yj = 0, ∀j ≥ 3, deci y1+y2 ≤ n ¸si x1+2x2+. . .+nxn =<br />
y1 + 2y2. Atunci<br />
2m − x1 = x1 + 2(m − x1) = x1 + 2(x2 + . . . + xn) ≤<br />
78