Prüfungsaufgaben und Musterlösungen bis einschl. H2012 - IAG ...
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Prüfung Herbst 1997 5 /5<br />
Gl. (16) in (15) liefert<br />
2A 0 =∆c pik (x II ) − 16<br />
5 A 1<br />
A 0 = 1 10 (5∆c p ik<br />
(x II ) − 16A 1 )<br />
A 0 =0.1<br />
(17)<br />
d) Anstellwinkel <strong>und</strong> relative Wölbung von inkompressiblem Vergleichsprofil <strong>und</strong> originalem<br />
Skelett sind wegen Anwendung der 1. Prandtl–Glauert–Regel identisch.<br />
Es resultiert<br />
α = α ∗ + α 0 + α 2 = A 0 =0.1 ̂=5.7 ◦ (18)<br />
<strong>und</strong><br />
f<br />
t = A 1<br />
=0.05 (19)<br />
4<br />
Für den Auftriebsbeiwert des inkompressiblen Vergleichsfalles gilt:<br />
c aik = c a0 + c a1 =2πA 0 + πA 1 =1.26 (20)<br />
Um den Auftriebsbeiwert bei kompressibler Umströmung mit Ma ∞ zu ermitteln,<br />
wird die 1. Prandtl–Glauert–Regel angewendet. Die Transformation des Auftriebsbeiwertes<br />
erfolgt analog zu Gl. (3). Mit (4) folgt<br />
c a = 1 β c a ik<br />
=1.40(21)
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