are schimbate între ele elementele de pe diagonala principală situate pe liniile (şicoloanele) i şi j; de asemenea, mai sunt afectate şi celelalte elemente de pe liniile şicoloanele i şi j. Aceasta nu are însă importanţă în cazul unor matrice precum B 0sau C 0 , la care toate elementele din afara diagonalei principale sunt zerouri; astfelP ij B 0 Pij −1 = P ij B 0 P ij este o matrice care diferă deB 0 doar prin aceea că şi-auschimbat între ele locurile două elemente de pe diagonala principală, anume a i şia j . Cum orice permutare e produs de transpoziţii, e clar că după unnumăr finitde asemenea transformări o putem aduce pe B 0 la orice formă în care pe diagonalaprincipală aparelementelea 1 ,a 2 ,...,a n permutate cumva (şi în rest, zerouri). Înparticular, B 0 este asemenea cu C 0 .Să arătăm acum că B ∼ B 0 (şi nu vom mai face demonstraţia pentru C ∼ C 0 ,eafiind întru totul asemănătoare). Începem prin a observa următorul calcul:µ µ µ µ µ 1 0 α 0 1 0α 0 α 0== ,a 1 β γ −α 1 a (α − γ)+β γ 0 γdacă a este ales convenabil, adică dacă a = β/(γ − α); desigur, asta se poate facenumai în cazul în care α 6= γ.Un calcul asemănător se poate face şi pentru matrice de ordin n. Dacăvomconsidera T ij (a) BT ij (a) −1 = T ij (a) BT ij (−a), undei>j,elementula ij din poziţia(i, j) se înlocuieşte cu a (a j − a i )+a ij şi a poate fi ales astfel încât acest element sădevină nul(căci am presupus că a i 6= a j ). Mai sunt afectate şi celelalte elemente aleliniei i (la care se adună liniaj înmulţită cua) şi ale coloanei j (lacareseadunăcoloana i înmulţităcu−a). Remarcăm că aceste transformări oricum nu pot modificazerourile de deasupra diagonalei principale, care rămân intacte, şi nici elementele depe diagonala principală.Acumeclarceavemdefăcut: mai întâi calculăm T 21 (a) BT 21 (a) −1 care, pentruun a bine ales reprezintă omatriceB 1 asemenea cu B care are în poziţia (2, 1) pezero (asta dacă nu era dinainte; de altfel se poate vedea uşor că, dacă a 21 =0,atunci a care ne trebuie este a =0deci T 21 (a) =T 21 (0) este, de fapt, matriceaidentică). Apoi, pentru această matrice calculăm T 31 (a) B 1 T 31 (a) −1 ,carepentruunanumit a este o matrice asemenea cu B 1 (deci şi cu B) şi are 0 în poziţia (3, 1); sepoate vedea că elementul0 obţinut la pasul anterior nu va fi afectat. Continuămastfel, lucrând cu matrice de forma T i1 (a) până cândtoateelementeledepeprimacoloană "de sub" a 1 devin zerouri, apoi trecem şi facem zerouri pe coloana a doua,"sub" a 2 , folosind transformări de tip T 32 (a) ,...,T n2 (a) (adică înmulţim cu acesteala stânga şi cu inversele lor la dreapta; la fiecare pas similaritatea matricelor sepăstrează), în ordine, alegând, desigur, de fiecare dată valoare care trebuie pentru a.Elementele nule obţinute pe prima coloană nu vor fi afectate, la fel cele de pe sau dedeasupra diagonalei principale, Tot aşa vom proceda până când, la urmă, ajungemla o matrice care are partea de deasupra diagonalei principale neschimbată, la feldiagonala principală, iar sub diagonala principală are numai zerouri, adică ajungemla B 0 şi la concluzia dorită că aceasta este asemenea cu B.În concluzie, am arătat că matriceleB şi C sunt asemenea, deci am ajuns acolounde ne-am propus: există V ∈ GL n (K) astfel încât C = VBV −1 ; atunci A == B − C = B − VBV −1 şi notând X = BV −1 , Y = V avem A = XY − YX.Demonstraţia ar fi încheiată, dacă n-armaifiunmicamănunt de lămurit: ce14
facem cu ipoteza suplimentară pecareamimpus-o(şi de care, s-a dovedit pe parcurs,avem mare nevoie, căci dacă elementele de pe diagonală nu sunt distincte, nu-l putemalege pe a astfel încât T ij (a) să producăunzeroînloculluia ij )? Răspunsul nu e atâtde greu şi arată, cum spuneam, că restricţia dată de aceastăipoteză nu este chiar atâtde ... restrictivă. E suficient să împărţim mulţimea elementelor de pe diagonală însubmulţimi disjuncte două câte două, fiecare dintre acestea având suma elementelor0 şi fiecare nemaiavând altă submulţime (strictă) pentru care suma elementelor este0. Sănumimb 1 ,...,b k elementele unei asemenea submulţimi (a căror sumă este,aşadar, zero); pentru acestea putem determina c 1 ,c 2 ,...,c k astfel încât b 1 = c 1 − c 2 ,b 2 = c 2 − c 3 ,...,b k−1 = c k−1 − c k , b k = c k − c 1 . Mai mult, oricare două dintrec 1 ,c 2 ,...,c k sunt distincte două câte două şi proprietăţile lor se păstrează dacăleînlocuim cu c 1 + t, c 2 + t,...,c k + t, t ∈ K. Găsim câte o grupare de asemenea c-uridistincte două câte două pentru fiecare submulţime de b-uri a mulţimii elementelorde pe diagonala principală, iar apoi alegem câte un t pentru fiecare astfel de grupareîncât toate c-urile să fie distincte două câte două (ceea ce sigur se poate face în cazulîn care corpul K este infinit; gândiţi-vă de ce!). Mai departe totul decurge la fel,deoarece putem scrie matricea noastră cadiferenţaadouă matrice, una inferior, altasuperior triunghiulară, fiecare dintre aceste elemente sunt distincte două câte două.Propoziţia este complet demonstrată.Noi ne-am propus să rezolvăm problema în cazul corpurilor uzuale de numere:Q, R, C, de aceea ipoteza pe care am făcut-o asupra infinităţii corpului K nu nederanjează foarte mult; totuşi, se prea poate ca această presupunere să fiestrictlegată de rezolvarea pe care am dat-o aici şi să nu fie esenţială. Aşadar, rămâneîntrebarea dacă estevalabilenunţul propoziţiei demonstrate şi în cazul unui corpfinit.În încheiere, să mai spunem că nuexistăniciopretenţiedeoriginalitateînelaborareaacestei note; este foarte posibil ca această soluţie să fie cunoscută, atâta doar căautorul nu are nici un fel de referinţă pentruproblemadiscutată, pe care o cunoaştedoar din folclor (în urmă cucâţiva ani această problemă mi-a fost comunicată "prinviu grai" de către un elev, actualmente student strălucit al Facultăţii de Matematicădin Bucureşti; aşa că îimulţumesc pe această caleluiDragoş Deliu, carem-afăcutsă cautsă rezolv această problemă, căutări din care s-a născut şi această notă).Recreaţii … matematice1. Să seîndepărteze patru segmente din figura alăturată(alcătuită dinşase pătrate) astfel încât noua figură să fie <strong>format</strong>ădintreipătrate.Notă. Soluţia problemei se poate găsi la pagina 39.15
- Page 1 and 2: Al V-lea Congres internaţionalal m
- Page 3 and 4: Observatorul din Iaşi—90deanidel
- Page 5 and 6: Marea teoremă a lui Fermat pentru
- Page 7: şi, ca urmare, cel mai mare divizo
- Page 10 and 11: De la o problemă cu matrice la tra
- Page 12 and 13: T ij (a). Fie A =(a kl ) 1≤k,l≤
- Page 16 and 17: Trei perle ale olimpiadelor de mate
- Page 18 and 19: Atunci este clar că (n, p − 1) =
- Page 20 and 21: În legătură cuoproblemădeconcur
- Page 22 and 23: Asupra unei probleme propuse la O.
- Page 24 and 25: Asupra unei ecuaţii funcţionaleLo
- Page 26 and 27: Pentru x = y =0,obţinem f (0) = 1
- Page 28 and 29: Ca urmare, în condiţia impusă tr
- Page 30 and 31: Intersecţia celor două drepteseob
- Page 32 and 33: adică Y = X. Săobservăm în fina
- Page 34 and 35: Propoziţia 2. Fie A 1 A 2 ...A n u
- Page 36 and 37: Numărul polinoamelor ireductibile
- Page 38 and 39: Funcţiile lui Smarandache — prop
- Page 40 and 41: În legătură cuoproblemădearitme
- Page 42 and 43: funcţii f care satisfac ipotezele
- Page 44 and 45: Concurs de admitere 2003, IaşiFacu
- Page 46 and 47: 2. Aflaţi numărul termenilor raţ
- Page 48 and 49: anul în care ne aflăm mi-ar trebu
- Page 50 and 51: că p 3 = p 2 +2şi p 4 = p 2 +4. S
- Page 52 and 53: = 1 ·2n − 1+ 1 ¸(2n − 1) 2n·
- Page 54 and 55: (a + b + c) 3 − ¡ a 3 + b 3 + c
- Page 56 and 57: Soluţie. Ecuaţia dată esteechiva
- Page 58 and 59: Dacă facem notaţia log 2 b x = α
- Page 60 and 61: ⎛⎞⎛⎞λ 1 0 ... 0m 11 m 12 .
- Page 62 and 63: 1lentă cu − 1 ≤ y n+1 , ∀n
- Page 64 and 65:
Soluţie. Adunând cele două rela
- Page 66 and 67:
câte trei elemente din mulţime, o
- Page 68 and 69:
qOR =qd 2 − d 2 1 , OC = d 2 −
- Page 70 and 71:
comună interioară cercurilor C 1
- Page 72 and 73:
k n .Avemk 1 + k 2 + ···+ k n =3
- Page 74 and 75:
Probleme propuseClasele primareP.64
- Page 76 and 77:
VII.47. Să serezolveînZ 2 ecuaţi
- Page 78 and 79:
XI.48. Se defineşte şirul (x n )
- Page 80 and 81:
A. Nivel licealL56. Fie ABCD patrul
- Page 82 and 83:
V.37; COHAL Călin: P(48,58,60,63),
- Page 84:
POSTEUCĂ Bogdan(Şc. nr. 5, Braşo