Soluţie. Ecuaţia dată esteechivalentăcu:x + 1 x +5=y2 + 2 y . (1)Cum x0, putem scrie:y 2 + 2 y = y2 + 1 y + 1 ry ≥ 3 3 y 2 · 1y · 1y =3,cu egalitate numai pentru y =1. Aşadar, egalitatea (1) este posibilă dacă şi numaidacă x + 1 x +5=3=y2 + 2 ,adicăpentrux = −1 şi y =1.yIX.37. Pentru x ∈ [1, ∞), n ∈ N ∗ ,demonstraţi inegalitatea¡x n+1 +1 ¢ (x n − 1) ≥ 2nx n (x − 1) .Marius Pachiţariu, elev, IaşiSoluţia I. Inegalitatea dată se transformă succesiv astfel:x 2n+1 − x n+1 + x n − 1 ≥ 2nx n+1 − 2nx n ⇔⇔ x 2n+1 − 1 ≥ (2n +1) ¡ x n+1 − x n¢ (1)Inegalitatea (1) este adevărată pentrux =1,iarpentrux>1 este echivalentă cux 2n+1 − 1≥ (2n +1)x n sau 1+x + x2 + ···+ x 2n≥ x n , care rezultă din inegali-x − 1tatea mediilor în felul următor:1+x + x 2 + ···+ x 2n2n +1≥ 2n+1√ 1 · x · x2n +12 ···x 2n = x (2n+1)2n2(2n+1)= x n .Soluţia II (Irina Mustaţă, elevă, Iaşi). Prin inducţie completă.IX.38. Să searatecă xn+1y n+ yn+1z n+ zn+1≥ x + y + z, ∀x, y, z > 0, ∀n ∈ N.xn Gigel Buth, Satu MareSoluţie. În GM - 4/2002, p. 146, L. Panaitopol enunţă şi demonstreazărezultatulurmător:Dacă p ≥ 1 şi a i ≥ 0, b i > 0 pentru i ∈ 1,n,atuncinXi=1a p ib p−1 ≥i³X ni=1 a i´p³X ni=1 b i´p−1.Inegalitatea din enunţ rezultă imediat din aceasta.112IX.39. Să se rezolve ecuaţia + q=2q[x] 3 3 3 [x] · [x +1] 3 [x] · [x +2] .Daniel Jinga, PiteştiSoluţie. Ecuaţia are sens dacă [x] > 0, adică [x] ≥ 1. Dacăfacemnotaţia[x] =y ∈ N ∗ ,ecuaţia dată devine:12y √ y + 13(y +1) 3√ y = 2y (y +2) . (1)56
Deoarece √ y = √ y · 1 ≤ y +1 (2) şi √ 3y = 3√ y · 1 · 1 ≤ y +2 (3), rezultăcă2312y √ y + 13(y +1) 3√ y ≥ 1y (y +1) + 1(y +1)(y +2) = 2. Prin urmare, ecuaţiay (y +2)(1) are soluţie dacă şi numai dacă (2) şi (3) sunt simultan egalităţi, adică y =1. Decisoluţia ecuaţiei date este x ∈ [1, 2).IX.40. Fie M 6= G în planul 4ABC şi D, E, F mijloacele laturilor [BC],[CA] şi respectiv [AB]. Considerăm punctele X, Y, Z astfel încât XD −−→ = m −−→ XM,−→YE= mYM, −−→ −→ ZF = m −−→ ZM, m 6= 1.a) Dacă m 6= 3 ,atunciAX, BY, CZ sunt concurente în S, cu−→ SG = 2m −−→ SM.2 3b) Dacă m = 3 ,atunciAX, BY, CZ sunt paralele cu GM.2Virgil Nicula, BucureştiSoluţie. a) Avem:−→SG = 2m 3⇔ −−→ MS =−−→SM ⇔ −−→ SM + MG −−→ = 2m 33 −−→MG ⇔ MS −−→ =3 − 2m−−→ 2m − 3 −−→SM ⇔ SM = MG −−→ ⇔31³ −−→ −−→ −−→MA+ <strong>MB</strong> + MC´.3 − 2mFie punctul S 0 definit prin egalitatea −−→ MS 0 1³ −−→ −−→ −−→= MA+ <strong>MB</strong> + MC´. Se poate3 − 2mverifica, prin calcul, faptul că S 0 aparţine dreptelor AX, BY , CZ, deci acestea vorfi concurente în S 0 ≡ S şi atunci este adevărată şi egalitatea −→ SG = 2m −−→ SM. Să3demonstrăm, de exemplu, că S 0 ∈ AX. Pentru aceasta vom demonstra că vectorii−−→XS 0 şi −−→ S 0 A sunt coliniari:−−→XS 0 = −−→MS 0 − −−→ MX ==(2 − 2m)−−→MA− −−→−−→MA+ −−→ <strong>MB</strong> + −−→ −−→MC−3 − 2m<strong>MB</strong> − MC−−→,<strong>MB</strong> + −−→ MC2 − 2m =(3 − 2m)(2− 2m)−−→ S 0 A = −−→ MA− −−→ MS 0 = −−→ −−→ −−→ −−→MA+ <strong>MB</strong> + MCMA−=(2− 2m) XS −−→ 0 .3 − 2mb) Pentru m = 3 2 , avem:−−→XD = 3 −−→XM ⇔ −−→ XM + −−→ MD = 3 −−→XM ⇔ −−→ MX = −2 −−→ MD = −( −−→ <strong>MB</strong> + MC)−−→22şi atunci −−→ XA = −−→ MA − MX −−→ = −−→ MA + −−→ <strong>MB</strong> + MC −−→ = 3MG.−−→ Analog se obţine−→YB= −→ ZC =3MG,decidrepteleAX, −−→BY , CZ sunt paralele.Clasa a X-aX.36. Să serezolveinecuaţia a log2 b x + x log b x ≤ a + b, undea, b ∈ (1, ∞).Daniela Dodan, elevă, IaşiSoluţie. Din egalitatea x = b log b x , x>0, rezultăcă x log b x = b log2 b x , x>0.Deci, inecuaţia dată esteechivalentăcua log2 b x + b log2 b x ≤ a + b. (1)57
- Page 1 and 2:
Al V-lea Congres internaţionalal m
- Page 3 and 4:
Observatorul din Iaşi—90deanidel
- Page 5 and 6: Marea teoremă a lui Fermat pentru
- Page 7: şi, ca urmare, cel mai mare divizo
- Page 10 and 11: De la o problemă cu matrice la tra
- Page 12 and 13: T ij (a). Fie A =(a kl ) 1≤k,l≤
- Page 14 and 15: are schimbate între ele elementele
- Page 16 and 17: Trei perle ale olimpiadelor de mate
- Page 18 and 19: Atunci este clar că (n, p − 1) =
- Page 20 and 21: În legătură cuoproblemădeconcur
- Page 22 and 23: Asupra unei probleme propuse la O.
- Page 24 and 25: Asupra unei ecuaţii funcţionaleLo
- Page 26 and 27: Pentru x = y =0,obţinem f (0) = 1
- Page 28 and 29: Ca urmare, în condiţia impusă tr
- Page 30 and 31: Intersecţia celor două drepteseob
- Page 32 and 33: adică Y = X. Săobservăm în fina
- Page 34 and 35: Propoziţia 2. Fie A 1 A 2 ...A n u
- Page 36 and 37: Numărul polinoamelor ireductibile
- Page 38 and 39: Funcţiile lui Smarandache — prop
- Page 40 and 41: În legătură cuoproblemădearitme
- Page 42 and 43: funcţii f care satisfac ipotezele
- Page 44 and 45: Concurs de admitere 2003, IaşiFacu
- Page 46 and 47: 2. Aflaţi numărul termenilor raţ
- Page 48 and 49: anul în care ne aflăm mi-ar trebu
- Page 50 and 51: că p 3 = p 2 +2şi p 4 = p 2 +4. S
- Page 52 and 53: = 1 ·2n − 1+ 1 ¸(2n − 1) 2n·
- Page 54 and 55: (a + b + c) 3 − ¡ a 3 + b 3 + c
- Page 58 and 59: Dacă facem notaţia log 2 b x = α
- Page 60 and 61: ⎛⎞⎛⎞λ 1 0 ... 0m 11 m 12 .
- Page 62 and 63: 1lentă cu − 1 ≤ y n+1 , ∀n
- Page 64 and 65: Soluţie. Adunând cele două rela
- Page 66 and 67: câte trei elemente din mulţime, o
- Page 68 and 69: qOR =qd 2 − d 2 1 , OC = d 2 −
- Page 70 and 71: comună interioară cercurilor C 1
- Page 72 and 73: k n .Avemk 1 + k 2 + ···+ k n =3
- Page 74 and 75: Probleme propuseClasele primareP.64
- Page 76 and 77: VII.47. Să serezolveînZ 2 ecuaţi
- Page 78 and 79: XI.48. Se defineşte şirul (x n )
- Page 80 and 81: A. Nivel licealL56. Fie ABCD patrul
- Page 82 and 83: V.37; COHAL Călin: P(48,58,60,63),
- Page 84: POSTEUCĂ Bogdan(Şc. nr. 5, Braşo