i ÖZET Bu çalışmanın amacı, homotopi pertürbasyon metodu ve ...
i ÖZET Bu çalışmanın amacı, homotopi pertürbasyon metodu ve ...
i ÖZET Bu çalışmanın amacı, homotopi pertürbasyon metodu ve ...
Create successful ePaper yourself
Turn your PDF publications into a flip-book with our unique Google optimized e-Paper software.
x<br />
n+<br />
1<br />
<strong>ve</strong>ya<br />
( ξ n )<br />
′ ( ξ )<br />
( ξ n )<br />
′ ( ξ )<br />
( ξ n )<br />
′ ( ξ )<br />
12<br />
′<br />
( ξ n )<br />
′ ( ξ )<br />
′′ ( ξ n )<br />
′ ( ξ )<br />
( ξ n )<br />
′ ( ξ )<br />
2<br />
2<br />
3<br />
1<br />
2<br />
2<br />
6<br />
⎟ f f ′<br />
⎛ f ⎞ ⎪<br />
⎧ ⎛ f ⎞ f ′ ⎪<br />
⎫⎛<br />
f ⎞<br />
= ξ − −<br />
⎜<br />
⎟ − ⎨ ⎜<br />
⎟ − ⎬ ⎜<br />
n<br />
(1.1.21.a)<br />
f n f n ⎝ f n ⎠ ⎪⎩ ⎝ f n ⎠ f n ⎪⎭ ⎝ f n ⎠<br />
( xn<br />
)<br />
′ ( x )<br />
( xn<br />
)<br />
′ ( x )<br />
( xn<br />
)<br />
′ ( x )<br />
′<br />
( xn<br />
)<br />
′ ( x )<br />
′′ ( xn<br />
)<br />
′ ( x )<br />
( xn<br />
)<br />
′ ( x )<br />
2<br />
2<br />
3<br />
1<br />
1<br />
2<br />
2<br />
6<br />
⎟ f f ′<br />
⎛ f ⎞ ⎪<br />
⎧ ⎛ f ⎞ f ′ ⎪<br />
⎫⎛<br />
f ⎞<br />
x<br />
⎜<br />
⎟ − ⎨ ⎜<br />
⎟ − ⎬ ⎜<br />
n+<br />
= xn<br />
− −<br />
(1.1.21.b)<br />
f n f n ⎝ f n ⎠ ⎪⎩ ⎝ f n ⎠ f n ⎪⎭ ⎝ f n ⎠<br />
ile <strong>ve</strong>rilir [47,48].<br />
2<br />
1.1.1.3. Örnek ( x)<br />
= x + x − 2 = 0<br />
f ikinci dereceden polinomunun çözümleri<br />
Homotopi <strong>pertürbasyon</strong> <strong>metodu</strong> kullanılarak aşağıdaki gibi bulunur;<br />
x 0 başlangıç çözümü ile başlanır <strong>ve</strong> ( ) ( ) ( )( ) 0 1<br />
f ξ − f x = ξ − x ξ + x + =<br />
0 =<br />
( 1)<br />
0 =<br />
( 2)<br />
denklemi çözülürse; ξ 0 <strong>ve</strong> ξ = −1<br />
çözümleri bulunur. <strong>Bu</strong> çözümler ikinci<br />
0<br />
dereceden yaklaşık çözüm için (1.1.19.a) iterasyon formülünde yerine konularak<br />
x<br />
x<br />
( 1)<br />
( 1)<br />
1<br />
= ξ<br />
0<br />
( 2)<br />
( 2)<br />
1<br />
( 1)<br />
= ξ<br />
0<br />
f<br />
−<br />
f ′<br />
f<br />
−<br />
f ′<br />
( 1)<br />
( ξ0<br />
)<br />
( 1)<br />
( ξ )<br />
0<br />
( 2)<br />
( ξ 0 )<br />
( 2)<br />
( ξ )<br />
0<br />
f ′<br />
−<br />
2 f ′<br />
f ′<br />
−<br />
2 f ′<br />
( 1)<br />
( ξ 0 )<br />
( 1)<br />
( ξ )<br />
0<br />
( 2)<br />
( ξ 0 )<br />
( 2)<br />
( ξ )<br />
0<br />
⎛ f<br />
⎜<br />
⎝ f ′<br />
⎛ f<br />
⎜<br />
⎝ f ′<br />
( 1)<br />
( ξ 0 )<br />
( 1)<br />
( ξ )<br />
0<br />
⎞<br />
⎟<br />
⎠<br />
( 2)<br />
( ξ0<br />
)<br />
( 2)<br />
2<br />
( ξ )<br />
0<br />
⎞<br />
⎟<br />
⎠<br />
f<br />
= −<br />
f<br />
2<br />
f<br />
= −<br />
f<br />
0<br />
( 0)<br />
′ ( 0)<br />
f ′<br />
−<br />
2 f<br />
( −1)<br />
′ ( −1)<br />
0<br />
( 0)<br />
′ ( 0)<br />
f ′<br />
−<br />
2 f<br />
⎛ f<br />
⎜<br />
⎝ f<br />
( −1)<br />
′ ( −1)<br />
0<br />
( 0)<br />
′ ( 0)<br />
⎞<br />
⎟<br />
⎠<br />
⎛ f<br />
⎜<br />
⎝ f<br />
2<br />
0<br />
0<br />
= −2<br />
( −1)<br />
′ ( −1)<br />
2<br />
x = −2<br />
, x = 1 çözümleri elde edilir. <strong>Bu</strong>lunan çözümler denklemin tam çözümleridir.<br />
1<br />
( )<br />
1<br />
1.1.1.4. Örnek f ( x)<br />
= x − ε cosh x denkleminin x = 0 civarında bir kökünü bulmak<br />
için x 0 başlangıç çözümü ile başlanarak (1.1.19.b) denkleminden sadece bir<br />
0 =<br />
iterasyonla<br />
x<br />
1<br />
= x<br />
0<br />
−<br />
f<br />
f<br />
( x0<br />
)<br />
′ ( x )<br />
0<br />
f ′<br />
−<br />
2 f<br />
( x0<br />
)<br />
′ ( x )<br />
0<br />
⎛ f<br />
⎜<br />
⎝ f<br />
( x0<br />
)<br />
′ ( x )<br />
0<br />
⎞<br />
⎟<br />
⎠<br />
2<br />
f<br />
= −<br />
f<br />
( 0)<br />
′ ( 0)<br />
f ′<br />
−<br />
2 f<br />
( 0)<br />
′ ( 0)<br />
⎛ f<br />
⎜<br />
⎝ f<br />
⎞<br />
⎟<br />
⎠<br />
2<br />
2<br />
( 0)<br />
⎞ ε<br />
⎟ = ε +<br />
′ ( 0)<br />
2<br />
çözümü bulunur. ε = 0.<br />
20 olduğunda, denklemin tam çözümü, x 0.<br />
5050 iken ikinci<br />
dereceden yaklaşık çözümü x 0.<br />
49129 ’dur.<br />
1 =<br />
Yukarıda, cebirsel denklemleri çözmek için <strong>homotopi</strong> <strong>pertürbasyon</strong> <strong>metodu</strong> kullanılarak<br />
oluşturulan yeni iteratif <strong>metodu</strong>n yakınsaklığı analiz edilerek <strong>metodu</strong>n en az üçüncü<br />
dereceden yakınsak olduğu kanıtlanmıştır [48]:<br />
⎠<br />
1 =<br />
2<br />
0<br />
= 1