LICENCE DE MATHÉMATIQUES FONDAMENTALES Calcul ...
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avec<br />
et<br />
On a donc<br />
Il en résulte que<br />
où<br />
Il reste à montrer que<br />
Observons que<br />
ce qui montre que<br />
lim<br />
x→a<br />
lim<br />
y→b<br />
r 1 (x)<br />
‖x − a‖ = 0<br />
r 2 (y)<br />
‖y − b‖ = 0.<br />
g(f(x)) = g(b) + Dg(b)(Df(a)(x − a) + r 1 (x)) + r 2 (f(x)).<br />
g(f(x)) = g(b) + (Dg(b) ◦ Df(a))(x − a) + R(x),<br />
R(x) = Dg(b)(r 1 (x)) + r 2 (y).<br />
lim<br />
x→a<br />
R(x)<br />
‖x − a‖ = 0.<br />
‖Dg(b)(r 1 (x))‖ ≤ ‖Dg(b)‖‖r 1 (x)‖,<br />
Dg(b)(r 1 (x))<br />
lim<br />
x→a ‖x − a‖<br />
= 0.<br />
r 1 (x)<br />
Par ailleurs, utilisant le fait que lim = 0, il existe α > 0 tel que<br />
x→a ‖x − a‖<br />
‖r 1 (x)‖ ≤ ‖x − a‖<br />
pour tout x tel que ‖x − a‖ ≤ α. Il vient, pour tout x ∈ B(a, α),<br />
‖f(x) − b‖ = ‖Df(a)(x − a) + r 1 (x)‖<br />
≤<br />
‖Df(a)(x − a)‖ + ‖r 1 (x)‖<br />
≤<br />
‖Df(a)‖‖(x − a)‖ + ‖r 1 (x)‖,<br />
donc<br />
Soit alors ε > 0, il existe η > 0 tel que<br />
‖f(x) − b‖ ≤ (‖Df(a)‖ + 1)‖x − a‖. (2.2)<br />
‖r 2 (y)‖ ≤<br />
pour tout y tel que ‖y − b‖ ≤ η. Pour tout x tel que ‖x − a‖ ≤ min<br />
utilisant (2.2),<br />
ε<br />
‖y − b‖ (2.3)<br />
‖Df(a)‖ + 1<br />
‖f(x) − b‖ ≤ η,<br />
36<br />
(<br />
α,<br />
η<br />
)<br />
il vient,<br />
‖Df(a)‖ + 1)