Elektrizität und Magnetismus - Physik-Institut - Universität Zürich
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Die Lösungen dieser gekoppelten Differentialgleichungen sind als Funktion einer unabhängigen<br />
Variablen t z.B. mit t = x zu bestimmen. Da in den Gl.(12) nur die Verhältnisse<br />
der Komponenten der Feldvektoren auftreten, sind die Feldlinien unabhängig von<br />
der Stärke des Feldes, das sich längs der Feldlinien ändert.<br />
Vereinfacht nur in der zweidimensionalen x − y-Ebene mit F z = 0, dz = 0 gilt<br />
für die Feldlinien 15<br />
dy<br />
dx = F y(x,y)<br />
F x (x,y) . (13)<br />
1. Das Dipolfeld zweier Ladungen im Abstand 2a<br />
Als ein Beispiel soll das Dipolfeld zweier Ladungen q 1 <strong>und</strong> q 2 berechnet werden.<br />
y<br />
→<br />
r 1<br />
F(x,y)<br />
4πε ◦ E x = q 1<br />
· x + a + q 2<br />
· x − a , 4πε<br />
r 2<br />
r1<br />
2 r 1 r 2 ◦ E y = q 1<br />
· y + q 2<br />
· y<br />
2 r 2 r1<br />
2 r 1 r2<br />
2 r 2<br />
q a a<br />
x<br />
1 q 2<br />
mit r1 2 = (x + a) 2 + y 2 , r2 2 = (x − a) 2 + y 2<br />
Mit der Substitution u = x + a , v = x − a r1<br />
2 <strong>und</strong> damit<br />
y y<br />
y = r 2 u2 2<br />
2 +1,<br />
y = 2 v2 +1 (14)<br />
q 1 u<br />
wird 4πε ◦ E x =<br />
y 2 (1 + u 2 ) + q 2 v<br />
3/2 y 2 (1 + v 2 ) 3/2, 4πε q 1<br />
◦ E y =<br />
y 2 (1 + u 2 ) + q 2<br />
3/2 y 2 (1 + v 2 ) 3/2<br />
dy<br />
dx = E y<br />
E x<br />
=<br />
q 1 (1 + v 2 ) 3/2 + q 2 (1 + u 2 ) 3/2<br />
q 1 · u(1 + v 2 ) 3/2 + q 2 · v(1 + u 2 ) 3/2 (15)<br />
Mit Gl.(14) ist x =<br />
a(u + v)<br />
u − v , y = 2a<br />
u − v ,<br />
a(du + dv)<br />
dx = −<br />
u − v<br />
a(u + v)<br />
(du − dv),<br />
(u − v)<br />
2<br />
dy = −<br />
2a<br />
(u − v) 2(du − dv), dy<br />
dx =<br />
dv − du<br />
udv − v du<br />
dv − du<br />
udv − v du = q 1 (1 + v 2 ) 3/2 + q 2 (1 + u 2 ) 3/2<br />
q 1 · u(1 + v 2 ) 3/2 + q 2 · v(1 + u 2 ) 3/2<br />
für u <strong>und</strong> v<br />
∫<br />
∫<br />
q 1 du<br />
(1 + u 2 ) = − 3/2<br />
du<br />
dv = −q 2 (1 + u 2 ) 3/2<br />
q 1 (1 + v 2 )<br />
Mit Gl.(14) sind dann<br />
<strong>und</strong> mit Gl.(15) erhält man<br />
<strong>und</strong> die Differentialgleichung<br />
3/2,<br />
die einfach integriert werden kann<br />
q 2 dv<br />
(1 + v 2 ) = konst. ⇒ √ q 1u<br />
+ √ q 2v<br />
= C<br />
3/2 1 + u<br />
2 1 + v<br />
2<br />
q 1 (x + a)<br />
√<br />
(x + a) 2 + y + q 2 (x − a)<br />
√(x 2 − a) 2 + y = C (16)<br />
2<br />
die Feldlinien des elektrischen Dipols. Gl.(16) muss numerisch gelöst werden mit verschiedenen<br />
Werten für C =konst. Das entspechende skalare Potential V (⃗r) ist numerisch<br />
aus<br />
V (⃗r) = q 1<br />
+ q 2 q 1<br />
= √<br />
4πε ◦ r 1 4πε ◦ r 2 4πε ◦ (x + a) 2 + y + q 2<br />
√<br />
(17)<br />
2 4πε ◦ (x − a) 2 + y 2<br />
15<br />
dy<br />
dx = −F x(x,y)<br />
ist dann die Differentialgleichung der Linien eines Feldes, das senkrecht auf den<br />
F y (x,y)<br />
Feldlinien der Gl.(13) steht <strong>und</strong> das damit auch das Potential darstellen kann.<br />
12