Skript zur Vorlesung Analysis 1 im SS2011 - Johannes Gutenberg ...
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• f(x) = x und x k = k (siehe oben).<br />
n<br />
• f(x) = 1/x und x k = a k/n . Dann ist eine Riemannsche Summe<br />
S n := O n = ∑ f(x k )(x k −x k−1 ) = ∑ a k n − a k−1<br />
n<br />
a k n<br />
= n(1−a − 1 n ) = n(1−exp(−<br />
1<br />
n log(a))).<br />
Aus der Restgliedformel folgt also, dass S n = log(a) + O(1/n) und damit<br />
∫ a<br />
1<br />
dx<br />
x = log(a).<br />
Satz 8.13 (Mittelwertsatz der Integralrechnung).<br />
Sind f, g stetige Funktionen auf I = [a, b] mit g ≥ 0. Dann gibt es ein x 0 ∈ [a, b]<br />
mit (siehe auch Spezialfall g ≡ 1!)<br />
∫ b<br />
a<br />
f(x)g(x)dx = f(x 0 )<br />
∫ b<br />
a<br />
g(x)dx.<br />
Beweis. Beachte zuerst, dass g ≥ 0 stetig ist, also ist entweder g = 0 überall<br />
(dann ist die Aussage trivial) oder g ≠ 0. In diesem Fall ist aber das Integral<br />
∫<br />
g(x)dx ≠ 0, da g mindestens auf einem kleinen Intervall der Länge δ > 0<br />
wirklich ≥ ɛ ist und damit kann man das Unterintegral durch δ · ɛ beschränken.<br />
Sei c = inf f(I) und C = sup f(I). Dann ist<br />
c ≤ c 0 :=<br />
∫ b<br />
a f(x)g(x)dx<br />
∫ b<br />
a g(x)dx ≤ C.<br />
Nach dem Zwischenwertsatz für f gibt es ein x 0 mit f(x 0 ) = c 0 .<br />
Satz 8.14.<br />
Sei f : [a, b] −→ R stetig. Dann ist F (x) = ∫ x<br />
f(t)dt differenzierbar auf [a, b]<br />
a<br />
und es gilt F ′ (x) = f(x).<br />
Beweis. Indem man Integrationsgebiete aufteilt, beweist man leicht den Hilfssatz:<br />
∫ d<br />
a<br />
f(x)dx =<br />
für a ≤ c ≤ d ≤ b. Damit folgt<br />
F ′ (x) = l<strong>im</strong><br />
h→0<br />
F (x + h) − F (x)<br />
h<br />
∫ c<br />
a<br />
1<br />
= l<strong>im</strong><br />
h→0 h<br />
f(x)dx +<br />
87<br />
∫ x+h<br />
a<br />
∫ d<br />
c<br />
f(x)dx<br />
1<br />
f(t)dt−l<strong>im</strong><br />
h→0 h<br />
∫ x<br />
a<br />
1<br />
f(t)dt = l<strong>im</strong><br />
h→0 h<br />
∫ x+h<br />
x<br />
f(t)dt.