Campos de Vetores Polinomiais Planares: Análise ... - Unesp
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Portanto, temos que x(t) = e λ 1t x 0 + ∫ t<br />
0 eλ 1(t−s) φ(x(s), y(s))ds é realmente uma solução <strong>de</strong> (2.3).<br />
Vamos verificar agora que y(t) = e λ 2t y 0 + ∫ t<br />
0 eλ 2(t−s) ψ(x(s), y(s))ds também é uma solução do<br />
sistema (2.3).<br />
y(t) = e λ 2t y 0 +<br />
= e λ 2t y 0 +<br />
∫ t<br />
0<br />
= e λ 2t y 0 + e λ 2t<br />
Derivando y(t) em relação a t, temos:<br />
∫ t<br />
0<br />
e λ 2(t−s) ψ(x(s), y(s))ds =<br />
e λ 2t e −λ 2s ψ(x(s), y(s))ds =<br />
∫ t<br />
0<br />
e −λ 2s ψ(x(s), y(s))ds.<br />
ẏ(t) = λ 2 e λ 2t y 0 + e λ 2t e −λ 2t ψ(x(t), y(t)) + λ 2 e λ 2t<br />
∫ t<br />
0<br />
e −λ 2s ψ(x(s), y(s))ds =<br />
Isto é,<br />
= λ 2 e λ 2t y 0 + ψ(x(t), y(t)) + λ 2 e λ 2t<br />
= λ 2 (e λ 2t y 0 + e λ 2t<br />
∫ t<br />
0<br />
∫ t<br />
0<br />
e −λ 2s ψ(x(s), y(s))ds =<br />
e −λ 2s ψ(x(s), y(s))ds) + ψ(x(t), y(t)) =<br />
∫ t<br />
)<br />
= λ 2<br />
(e λ1t y 0 + e λ2(t−s) ψ(x(s), y(s))ds +ψ(x(t), y(t)).<br />
}<br />
0<br />
{{ }<br />
y(t)<br />
ẏ(t) = λ 2 y(t) + ψ(x(t), y(t)).<br />
Portanto, temos que y(t) = e λ 2t y 0 + ∫ t<br />
0 eλ 2(t−s) ψ(x(s), y(s))ds é solução <strong>de</strong> (2.3).<br />
Afirmação: Se (x(t), y(t)) é uma solução contida em W S então<br />
y(t) = −<br />
∫ ∞<br />
t<br />
e λ 2(t−s) ψ(x(s), y(s))ds.<br />
De fato, se (x(t), y(t)) ∈ W S então y(t) → 0 quando t → ∞. Assim,<br />
‖y(t)‖ = ‖e λ 2t y 0 +<br />
= ‖e λ 2t ‖‖y 0 +<br />
∫ t<br />
∫ t<br />
0<br />
0<br />
e λ 2(t−s) ψ(x(s), y(s))ds‖ =<br />
e −λ 2s ψ(x(s), y(s))ds‖ =<br />
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