Also hat ηf die schwache partielle Ableitung∂∂x if η + f ∂∂x iη ∈ L p (Ω) .Für die zweiten Ableitungen ergibt sich die Aussage durch Anwendung dieser Schlüsseauf ( ∂∂x if)η <strong>und</strong> f ∂∂x iη , <strong>und</strong> entsprechend geht man bei den höheren Ableitungen vor.Beweis von Satz 2.8: Sei 1 ≤ p < ∞ , Ω ⊆ R n sei eine offene Menge, f ∈ H p m(Ω) <strong>und</strong>sei ε > 0 . Zum Beweis des Satzes muß eine Funktion g ∈ C p ∞(Ω) konstruiert werden mit‖f − g‖ p,m,Ω < ε .Sei {U i } ∞ i=1 eine offene, lokalendliche Überdeckung von Ω , <strong>und</strong> sei {η i } ∞ i=1 eine dieserÜberdeckung untergeordnete Zerlegung der Eins auf Ω . Nach 2.3.3 <strong>und</strong> Lemma 2.17gibt es solche Überdeckungen <strong>und</strong> eine Zerlegung der Eins.Da η i ∈ ◦ C∞(U i ) ist, ist nach Lemma 2.18 η i f ∈ H p m(U i ) mit supp (η i f) ⊆ supp η i ⊂⊂U i . Nach Folgerung 2.16 gibt es eine Funktion f i ∈ ◦ C∞(U i ) mit‖η i f − f i ‖ p,m,Ω < ε 2 i .Setze g(x) = ∑ ∞i=1 f i(x) , wobei für jedes x ∈ Ω nur eine endliche Anzahl der Summandenvon Null verschieden ist. Also gilt g ∈ C ∞ (Ω) , <strong>und</strong>∞∑ ∞∑‖f − g‖ p,m,Ω = ‖ η i f − f i ‖ p,m,Ω= ‖≤
Beweis: Sei ϕ ∈ C∞(Ω) ◦ , sei x = (x 1 ,...,x n ) ∈ Ω , seiy = (y 1 ,x 2 ,...,x n ) ∈ ∂Ω . Dann folgtϕ(x) =∫ x1also, wegen der Hölderschen Ungleichung|ϕ(x)| p ≤ (≤≤Integration bezüglich x 1 ergibt∫ x1y 1|y 1|x 1 − y 1 | p q|x 1 − y 1 | p q∂∂x 1ϕ(ξ,x 2 ,...,x n )dξ ,∂ϕ(ξ,x 2 ,...,x n )|dξ) p∂x 1∫ x1|y 1∫ ∞−∞|α|=1∂∂x 1ϕ| p dξ∑|D α ϕ(ξ,x 2 ,...,x n )| p dξ .∫ y1 +dy 1|ϕ(x)| p dx 1 ≤ 11 + p qd 1+ p q∫ ∞∑|D α ϕ(ξ,x 2 ,...,x n )| p dξ .−∞|α|=1Nach Integration bezüglich der anderen Variablen ergibt sich∫|ϕ(x)| p dx ≤ 1 ∫∑p dp |D α ϕ(x)| p dxΩΩ|α|=1<strong>und</strong> somit‖ϕ‖ p,Ω ≤ p −1/p d |ϕ| p,1,Ω .Also ist die behauptete Ungleichung richtig für ϕ ∈ ◦ C∞(Ω) . Nun sei u ∈ ◦ H p 1(Ω) . Wähleeine Folge {ϕ k } ∞ k=1 ⊆ ◦ H p 1(Ω) mitDann folgtlim ‖u − ϕ k‖ p,1,Ω = 0 .k→∞‖u‖ p,Ω ≤ limk→∞(‖u − ϕ k ‖ p,Ω + ‖ϕ k ‖ p,Ω )≤≤lim ‖ϕ k ‖ p,Ω ≤ p −1/p d lim |ϕ| p,1,Ωk→∞ k→∞p −1/p d limk→∞(|ϕ − u| p,1,Ω + |u| p,1,Ω )= p −1/p d |u| p,1,Ω .35
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eine stetige, (komplex) lineare Abb
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Beweis: Sei {x n } ∞ n=1 ⊆ B 1
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6 Konvexe Funktionale6.1 Unterhalbs
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Lemma 6.6 Sei H ein Hilbertraum, se
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also istt(x,λ) + (1 − t)(y,µ) =
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) Sei H ein reeller Hilbertraum, se
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für alle x ∈ H . Dann nimmt f +g
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Beweis: Seien v 1 ,v 2 ∈ M(F,b) u
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für alle u ∈ M . Für alle ander
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folglichund somit∫ x1y 1|y 1|u(z)
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dem Satz von Beppo Levi1(w,v − u)
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weil man dann in (∗) v = u±ϕ se
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für alle ξ ∈ R n . Dann gilt∂
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8 Existenztheorie für das Hinderni
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für fast alle x ∈ ∂Ω. Wegen j
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=+≤=∫1 [lim |t∇v − (1 − t
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.) u ∈ M und∫ []1Ω 2 |∇u(x)|
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[19] A. Sommerfeld: Partielle Diffe