Elementare Zahlentheorie und Problemlösen (11'') - Mathematik und ...
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144 Darstellung als Summe von Quadraten 5.2<br />
(4, 2, 3)} (“zyklische Vertauschung”). Durch einfaches Ausmultiplizieren oder mit<br />
Hilfe eines CAS erhält man auf beiden Seiten x 2 1 y 2 1 +x 2 1 y 2 2 +x 2 1 y 2 3 +x 2 1 y 2 4 +x 2 2 y 2 1 +<br />
x 2 2 y 2 2 +x 2 2 y 2 3 +x 2 2 y 2 4 +x 2 3 y 2 1 +x 2 3 y 2 2 +x 2 3 y 2 3 +x 2 3 y 2 4 +x 2 4 y 2 1 +x 2 4 y 2 2 +x 2 4 y 2 3 +x 2 4 y 2 4. Damit<br />
kann der Beweis des Satzes auf den Nachweis der Darstellbarkeit von Primzahlen<br />
zurückgeführt werden.<br />
ii) Als Vorstufe wird gezeigt, dass es zu jedem p ∈ P 3 ein µ ∈ I p−1 <strong>und</strong><br />
∑<br />
(x 1 , . . . , x 4 ) ∈ N 4 gibt, sodass µ p = 4 x 2 i gilt. Aufgr<strong>und</strong> des Satzes über die Anzahl<br />
quadratischer Reste (Seite 108) bestehen die Mengen x 2 ; x = 0, . . . , p−1 }<br />
i=1<br />
{<br />
{<br />
2<br />
<strong>und</strong> − 1 − y 2 ; y = 0, . . . , p−1 }<br />
aus jeweils p+1 modulo p inkongruenten Elementen.<br />
Das sind zusammen p + 1 Zahlen, während modulo p nur höchstens<br />
2<br />
2<br />
p<br />
Werte inkongruent sein können. Also folgt mit Hilfe des Schubfachsatzes (Seite<br />
85), dass es x, y ∈ N mit x < p 2 , y < p 2 <strong>und</strong> x2 ≡ −1 − y 2 (mod p) gibt. Damit<br />
existiert ein µ ∈ N 1 mit x 2 +y 2 +1 2 +0 2 = µ p <strong>und</strong> µ p < p2<br />
4 + p2<br />
4<br />
sodass außerdem µ < p gilt.<br />
+1 =<br />
p2<br />
2 +1 < p2 ,<br />
Für p = 2 ist 2 = 1 2 + 1 2 + 0 2 + 0 2 eine geeignete Summe mit µ = 1.<br />
{<br />
iii) Im Falle ungerader Primzahlen p setzen wir m = m(p) : = min µ ∈<br />
∑<br />
N 1 ; µ p = 4 }<br />
x 2 i ist lösbar . Im Folgenden sei m p = x 2 1 + x 2 2 + x 2 3 + x 2 4. Ist m = 1,<br />
i=1<br />
so liegt eine gewünschte Darstellung vor. Für gerade m <strong>und</strong> für ungerade m ∈ N 3<br />
leiten wir jeweils einen Widerspruch her.<br />
1. Fall: Wir nehmen an, dass m gerade ist. Dann gilt 0 ≡ m p ≡ x 2 1 + . . . +<br />
x 2 4 ( mod 2). Um zu erreichen, dass x 1 +x 2 <strong>und</strong> x 3 +x 4 beide gerade sind, werden<br />
die x i umgeordnet, falls jeweils genau ein Element aus {x 1 , x 2 } <strong>und</strong> aus {x 3 , x 4 }<br />
ungerade ist. Für alle anderen Viertupel sind x 1 + x 2 <strong>und</strong> x 3 + x 4 schon gerade.<br />
Dann besitzt m 2<br />
p die ganzzahlige Quadratsummendarstellung<br />
( m<br />
2 p = x 1 +x 2<br />
2<br />
) 2<br />
+<br />
(<br />
x1 −x 2<br />
2<br />
- im Widerspruch zur Minimalität von m.<br />
) 2<br />
+<br />
(<br />
x3 +x 4<br />
2<br />
) 2<br />
+<br />
(<br />
x3 −x 4<br />
2<br />
2. Fall: Unter der Annahme, dass m ungerade <strong>und</strong> m ≥ 3 ist, sei y i für jedes<br />
i ∈ I 4 der absolut kleinste Rest von x i modulo m, d. h. es sei<br />
(5.2) x i ≡ y i (mod m) <strong>und</strong> |y i | < m 2 .<br />
) 2