1138 : <strong>Lösungen</strong> <strong>zu</strong> <strong>den</strong> <strong>Aufgaben</strong>einflußt wer<strong>den</strong>. In Wirklichkeit beeinflussen Bahn- undSpinmoment einander, was bereits zeigt, daß das klassische,an einem Bahnpunkt lokalisierbare Elektron die Situationnicht richtig beschreibt.12.7.8. Rabi-VersuchIm Magnetfeld BB = 0,3453 T führt das Teilchen eine Präzessionsbewegungmit 14,693 MHz aus (Minimum derStrahlintensität). Die entsprechende Larmor-Kreisfrequenzw = PmB/(nJ.lo) läßt auf ein magnetisches MomentPm = 1,771 · 10-32 V s m = 2,7903PmK schließen, also aufein Proton. Wenn in der Elektronenhülle ein Gesamtmomentübrig bliebe, wäre dieses viel größer als das winzige Kernmomentund würde dessen Einfluß überdecken, die Wurfparabelnwür<strong>den</strong> sich viel stärker krümmen, die Resonanzfrequenzwäre etwa tausendmal höher. Elektronenhüllen müssenaber vorhan<strong>den</strong> sein, <strong>den</strong>n unkompensierte Kernladungenwür<strong>den</strong> im Magnetfeld Lorentz-Kräfte erfahren, dieebenfalls viel <strong>zu</strong> stark ablenkten. Man muß also mit Molekülenarbeiten, deren Hüllen diamagnetisch sind. Bei dem winzigenMoment des Kerns muß die Inhomogenität des Feldessehr groß sein, damit die Ablenkung wesentlich wird. DieBreite des Maximums ist die reziproke Lebensdauer T desEinstell<strong>zu</strong>standes. Man liest ab T = 10-5 s. Klassisch betrachtet,zerstört das Feld im Abschnitt C die Einstellungdurch eine Präzessionsbewegung, deren KreisfrequenzL1w ~ 10 5 s- 1 ~ PmBcf(np 0 ) ist. Aus L1wjw = 1,4 · 10- 3erhält man Be ~ 5 · 1 o- 4 T, was nur etwa zehnmal größerist als das erdmagnetische Feld.12.7.9. Protonen im EisDas 30MHz-Signal im 0,7 T-Feld von Abb. 12.67 muß vonProtonen mit Pm = 2,79PmK stammen, ebenso wie das14,7 MHz-Signal im 0,35 T-Feld von Abb.12.65. Die Aufspaltungvon40kHz entspricht einem 375mal kleineren StörfeldB ~ 2 · 10-3 T (parallele und antiparallele Einstellungdifferieren energetisch um L1 W = 2pmH). Ein solches Feldwird vom Protonenmoment Pm = 2 · 10-32 V s m gemäßB =Pm! r3 im Abstand r ~ 2 . 10- 10 m = 2 A erzeugt.Dies ist der tatsächliche Abstand zweier Protonen imH20-Molekül. Jede 0-0-Bindung hat in <strong>den</strong> bei<strong>den</strong> Nachbartetraederndes Eisgitters je drei Nachbarbindungen. Sä-energie 11c 2 . Innerhalb der Zeit Mo ~ h / (11c 2 ) kann manalso z. B. nicht einmal feststellen, ob wie bisher nur die TeilchenA und B da sind oder ob noch ein <strong>zu</strong>sätzliches TeilchenC entstan<strong>den</strong> ist. Allerdings muß dieses virtuelle Teilchen Cspätestens nach der Zeit L1to verschwun<strong>den</strong> sein, sonst schlägtder Energiesatz Alarm. In dieser Zeit kann das Teilchen höchßendie Protonen in der Mitte dieser 0-0-Bindungen,dann gäbe es je nach der Einstellung der sechs Nachbarprotonennicht nur zwei, sondern sieben verschie<strong>den</strong>e Werte desStörfeldes (man beachte die Gleichwertigkeit aller Nachbarn).Die Protonen sitzen also wenigstens zeitweise beieinem bestimmten H20-Molekül, springen aber zwischen<strong>den</strong> bei<strong>den</strong> Gleichgewichtslagen auf der 0-0-Bindung miteiner Frequenz hin und her, die sich aus der Energieunschärfe,also der Verbreiterung der bei<strong>den</strong> Peaks <strong>zu</strong> ebenfalls etwa40kHz ablesen läßt. Das Proton bleibt also im Mittel nuretwa 10-5 s in einem der bei<strong>den</strong> Potentialtöpfe. Die Höhedes Potentialwalls dazwischen ergibt sich aus dem Boltzmann-Ausdruckfür die Sprungfrequenz v = v0 e-W/(kT) <strong>zu</strong>etwa 0,4eV.12.7.10. SpinechoDas HF-Feld soll in 10 I!S die Kernmomente um 1r /2 drehen.Da<strong>zu</strong> ist ein Drehmoment T = PmB/ Po~ Mjt ~ n/t nötig.Mit einem magnetischen Moment Pm = p 0 en/mH ergibt sichB ~ mH/(et) ~ 10-3 T. Die Abklingzeit des Echos bedeutetentweder die Zeit, in der die magnetische Fel<strong>den</strong>ergie ! LPder Spule durch die Joule-Leistung R/ 2 verzehrt wird, alsoLj R ~ 10-2 s, was z. B. L ~ 1 mH, R ~ 0,1 entspräche,oder eine thermische Stoßzeit entsprechender Länge, dieallerdings einem sehr stark verdünnten Gas entspräche,das niemals ein kräftiges Signal ergeben könnte.12.7.11. Chemische VerschiebungDie chemische Verschiebung entspricht der Differenz zwischenverschie<strong>den</strong>en Konfigurationen der Elektronenhülle,also einem kleinen Bruchteil der Abschirmwirkung des diamagnetischenGegenmoments der Elektronenhülle auf einäußeres B-Feld. Klassisch präzediert ein Hüllenelektronmit der Larmor-Frequenz WL = eB/m und erzeugt ein Gegenmomentp 0 ewu2 , das das Feld in Kernumgebung umL1B ~ Pm/r 3 ~ p 0 ewL/r ~ f1oe 2 B/(mr) schwächt. Setztman hier <strong>den</strong> Bohr-Radius ein und beachtet wiederEoflo = 1/ c2, dann entpuppt sich der Bruchteil der Feldschwächungals Quadrat der Feinstrukturkonstanterx = e 2 /(4·m>onc) = 1 ~ 7 . Die chemische Verschiebung machtwieder nur einen Bruchteil von rx2 ~ 10- 4 aus. Dies gilt fürdiamagnetische Elektronenhüllen.13.1.1. AustauschkraftGegeben seien zwei Teilchen A und B. Die Energie diesesSystems (wie jedes anderen auch) läßt sich innerhalb derZeit L1t nicht mit größerer Genauigkeit bestimmen alsL1 W ~ h/ L1t. Ein Teilchen C der Ruhmasse 11 hat die Ruhstens die Strecke c Mo = h/ (pc) = ro fliegen. Dies ist diemaximale Reichweite einer durch das virtuelle Teilchen vermitteltenWechselwirkung. Wenn die Kernkraft eine solcheAustauschkraft ist, ergibt sich aus ihrer Reichweite von ca.10- 14 m eine Masse der virtuellen Teilchen von!1 = h/(roc) ~ 2 · 10- 28 kg ~ 200 Elektronenmassen. Mankann so, ähnlich wie Yukawa das tat, die Existenz des Pionsvoraussagen.Die Kernkraft hat einen scharf begrenzten Wirkungsbereich,die elektromagnetischen Kräfte nicht; sie wer<strong>den</strong> nurimmer schwächer. Das entspricht dem Umstand, daß die ruh-
Kapitel13: <strong>Lösungen</strong> 1139masselosen Photonen über jede beliebige Entfernung ausgetauschtwer<strong>den</strong> können, allerdings unter immer schärfererBegren<strong>zu</strong>ng ihrer Energie.13.1.2. OberflächenenergieDa die dichteste Kugelpackung nur wenig "Luft" läßt (ca.15 %), hat die Kugel, die aus A Kügelchen besteht, nur wenigmehr Volumen als A ·17rT3 ~ 41fR3, also <strong>den</strong> RadiusR~rA 1 1 3 , was für Kerne nach (13.10) gut <strong>zu</strong>trifft. Aufdie Oberfläche 47fR 2 dieser großen Kugel entfallen47rR 2 J ( u 2 ) ~ 4A 2 1 3 Querschnitte kleiner Kugeln; so vielevon <strong>den</strong> A Kugeln sitzen an der Oberfläche. Das gilt für großeA; für kleine A sitzen relativ mehr Kugeln außen, und esgibt keine so einfachen Formeln mehr. Im Innern wird jedeKugel von 12 anderen berührt, an der Oberfläche nur von 9(6 Kugeln sitzen rings um die betrachtete in einer Ebene, 3 in·der Ebene darunter, 3 darüber). Es gibt also 6A - 6A 213 Bindungenzwischen nächsten Nachbarn.13.1.3. Coulomb-EnergieEine Kugel vom Radius R und der Gesamtladung Ze hat,wenn sie homogen gela<strong>den</strong> ist, die LadungsdichteQ = Ze/(111R3). Wir betrachten eine Teilkugel vom Radiusr < R. Sie hat die Ladung Zer3 JR 3 . Setzen wir an sie. außeneine weitere dünne gela<strong>den</strong>e Kugelschale von der Dicke dran, so wächst die Energie des Systems um die Wechselwirkungsenergieder Teilkugel mit der neuen Schale, d. h. umdW = 41fQr 2 dr Zer3 j(R347reor) = QZer 4 drj(e 0R3). FührenSie diesen Aufbau von r = 0 bis r = R durch; Sie erhaltenals Gesamtenergie W = fg dW = eZeR 2 j(5eo). Einsetzenvon Q liefert W = ~Z 2 e 2 /(47re0R). Das ist das 5. Glied in(13.13).13.1.4. Warum hat der Kern nicht mehr NeutronenIn einem Potentialtopf mit parabolischem Profil (Oszillatorpotential)sind die Energie<strong>zu</strong>stände äquidistant angeordnet.Ihr Abstand sei Wo. In jedem Zustand der Protonenleiter habenzwei Protonen entgegengesetzten Spins Platz, entsprechendfür die Neutronenleiter. Ein Kern mit Z Protonenund N Neutronen (beide Zahlen seien z. B. gerade) fülltdie Protonenleiter bis <strong>zu</strong>m Z/2-Zustand von unten auf, dieNeutronenleiter bis <strong>zu</strong>m N /2-Zustand. Der i-te Zustandhat die Energie iW0 , also haben die Protonen insgesamtWp = 2Wo 2:~1 2 i = 2Wo(Z/2 + 1)Z/4 ~ WoZ 2 /4. Entsprechendergibt sich für die Neutronen Wn ~ WoN 2 /4. Die Gesamtenergieläßt sich darstellen W = Wp + Wn ~! Wo(N2 +Z 2 ) =! Wo(N + Z) 2 +! Wo(N- Z) 2 =! WoA 2 + i Wo(NZ) 2 . BeiN= Z = A/2 wäre W = i WoA 2 ; jeder Überschußvon Protonen oder Neutronen führt <strong>zu</strong> einer umi Wo(N- Z) 2 höheren Energie. So kommt das sechste Gliedin (13.13) <strong>zu</strong>stande. Der Vergleich zeigt, daß Wo = 8ry/ A; derPotentialtopf ist um so enger und damit ist Wo um so größer,je leichter der Kern ist.13.1.5. Im Tal der StabilitätOhne die Coulomb-Abstoßung der Protonen wäre nach Aufgabe13.1.4 ein Kern mit Z = N = A/2 energetisch am be-sten dran. In Wirklichkeit liegt das Optimum bei etwas kleinererProtonenzahl, nämlich da, wo die Energie (13.13) minimalist, also ihre Ableitung nach Z bei gegebenem A verschwindet:Wir benutzen die Abkür<strong>zu</strong>ngen r:x(mn- mp)c 2 = 0,78MeV (Massendifferenz zwischen Neutronund Proton 0,00084AME) und ß = 3e 2 /(201feoro) =0,639MeV (nach (13.10) ist ro = 1,2·10- 15 m). Dannwird für gu- oder ug-KerneW = mnc 2 A -r:xZ- 6eA + 6eA 2 13 + ßZ2 jA 1 13+ ry(A- 2Z) 2 /A.Die Ableitung nach Z bei konstantem A, also die Steigunglängs einer -45°-Linie im Z,N-Schema istawaz = -r:x + 2ßZ/A 1 1 3·- 4ry + 8ryZjA.Sie verschwindet beiA1 + r:x/(4ry)z = ZTai = 21 + A2/3ßj(4ry) .Allein aus der Tatsache, daß 2 §~U stabil ist, läßt sich ry sehrgenau ermitteln:also92 = 119 1 + r:xj(4ry)1 +A213ßj(4ry) 'YJ = 32,75ß + 1,1a = 21,7 MeV.Für eine Abschät<strong>zu</strong>ng von e genügt die Tatsache, daß dankder Definition der atomaren Masseneinheit (AME) praktischalle Nuklide die ganzzahlige Masse haben, die ihrer Nukleonenzahlentspricht, obwohl doch ein Nukleon 1,008 AMEhat; etwa 120 Nukleonen verbrauchen also eine volleAME als Bindungsenergie. Die Bindungsenergie pro Nukleonist also etwa 8 MeV. Genauer: 2 §~U hat die Masse238,05 AME, 238 Neutronenmassen wären 240,06 AME;Differenz 2,01 AME oder 1 870 MeV. Setzt man <strong>den</strong> obigenWert Z = ZTal in (13.13) ein, dann ergibt sich die Tiefe desEnergietals nach einigen UmformungenWTai = mnc2A- 6e(A- A213) + 1ßA213z.Die negativen Glieder müssen für A = 238 <strong>den</strong> Wert1 870 MeV haben. Es folgt e = 2,6 MeV.13.1.6. P-ZerfallNach Aufgabe 13.1.5 läßt sich die Gesamtenergie des Kernsdarstellen als W = f(A) - ( r:x + 4ry )Z + (ßA -I/3 +4ryA -I )Z2, wobei f(A) nicht von Z, nur von A abhängt.Das Profil des Energietals, geschnitten längs einer -45°-Liniemit A = const, verläuft also wie W = WTai + ( 4ryA -l +ßA- 1 13)(Z- ZTal) 2 , d.h. wie eine Parabel, die um so engerist, je kleiner A ist. Die Krümmung 2ßA -I 13 + 8ryA -I =1 ,28A -l/3 + 160A -I dieser Parabel wird unterhalb vonA = 1 400, also für alle Kerne, vom 160A - 1-Glied be-
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